湖北省武汉市汉阳区2021-2022学年下学期期中考试八年级物理试题（PDF版 无答案）

第3节 汽化与液化 第1课时 汽化 素养目标 知道汽化的概念,能识别和解释生活中的汽化现象。 ◎重点:经历探究水的沸腾实验,归纳出水的沸腾特点。 【合作探究】 我们都知道,把纸放在火焰上,纸会很快燃烧起来,可是将纸做成一个纸锅,在纸锅中装水后再放在火焰上,即使水被烧开了,纸锅也不会被烧坏,这是为什么呢?水烧开时,水的上面会冒出大量的“白气”,这又是为什么? 任务驱动1汽化与液化 1.物质从 态变为 态的过程称为汽化;物质从 态变为 态的过程称为液化。 2.说出上面纸锅烧水过程中涉及的物态变化: 。 3.汽化的两种方式: 和 。 4.影响蒸发快慢的因素有: 、 和 。 【答案】任务驱动一 1.液　气　气　液 2.水沸腾时有大量的水蒸气产生,形成气泡,属于汽化;气泡破裂,水蒸气被释放到上面的空气中,形成“白气”,属于液化 3.沸腾　蒸发 4.液体的温度　液体表面空气流动的快慢　液体的表面积 任务驱动2探究水沸腾的规律 1.分组实验:探究水沸腾的规律。 器材:铁架台、石棉网、有孔的纸板、酒精灯、温度计、烧杯、水、秒表。 根据课本设计的实验步骤进行实验,参照图甲装置进行实验,组装时应按从下往上的顺序进行。并将实验数据记录在课本的表格中,在坐标系中画出温度随时间变化的图像。 ·学习小助手· 实验指导: (1)为了缩短沸腾前的加热时间,可选用 进行实验。? (2)当水温到达90 ℃时,开始每1 min记录1次水温。 (3)沸腾前,气泡上升时大小的变化情况如图乙中的 所示;沸腾时,气泡上升时大小的变化情况如图乙中的 所示。? (4)沸腾时,撤去酒精灯,水还能继续沸腾吗? 答: 2.记录数据: 时间 t/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度 T/℃ 3.处理实验数据: (1)根据表格数据描点画出水沸腾时温度随时间变化的规律图像。 (2)分析数据和图像可知:水沸腾前,温度升高;水沸腾时,持续吸热,温度 (选填“持续升高”或“保持不变”)。 (3)液体沸腾时的温度叫作 。 【任务总结】液体沸腾必须满足的条件:①温度达到 ;②要继续 。 4.交流与反思: (1)在加热到第10 min时,某同学将酒精灯撤走,稍等一会儿,水停止沸腾,该现象说明水沸腾过程中需要 (选填“吸热”或“放热”)。 (2)1个标准大气压下水的沸点为100 ℃,但该实验水的沸点是 ℃;这是为什么? 。 (3)撤去酒精灯,水 (选填“会”或“不会”)立即停止沸腾,是因为 。 【答案】任务驱动二 学习小助手 热水　B　A　停止沸腾 3.(2)保持不变 (3)沸点 【任务总结】 沸点　吸热 4.(1)吸热 (2)97　当地的大气压小于1个标准大气压 (3)不会　石棉网的温度较高,水能继续吸收热量 任务驱动3阅读课本一些物质的沸点和蒸发的内容回答下列问题 (1)请你总结蒸发和沸腾的相同点和不同点。 汽化的两 种方式 蒸发 沸腾 不同点 发生部位 只在液体 发生? 在液体的 发生? 剧烈程度 缓慢、 气泡产生? 剧烈、 气泡产生? 温度条件 温度? 温度? 相同点 都属于 现象,都要 热? 请回答纸锅烧水时为什么纸不燃烧? 【答案】任务驱动三 (1)表面　内部和表面　无　有　任何　特定　汽化　吸 (2)因为标准大气压下,水的沸点是100 ℃,沸腾过程中仍要继续吸收热量,温度保持不变,并且水的沸点小于纸的燃点,所以纸锅没有燃烧。

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初三年级阶段性测试物理 姓名：__________班级：__________考号：__________ 一、选择题（本大题共12小题，共24分） 1． 如图所示，使用起子向上用力打开瓶盖时，起子可视为杠杆，这时杠杆的支点是 （　　） A． A点 B． B点 C． C点 D． D点 2． 用下列简单机械，使物重同为G的物体都处于静止状态，不计摩擦、机械自重及绳重，其中用力最小的是（　　） A． B． C． D． 3． 如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力F的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，整个过程中，拉力F始终作用于A点且与OA保持垂直（OA为圆柱体横截面的直径），圆柱体在转动过程中不打滑。则下列分析正确的是（　　） A． 拉力F逐渐变小 B． 由于拉力F的力臂始终保持最长，拉力F始终保持最小值不变 C． 拉力F逐渐变大 D． 条件不足，无法判断 4． 一个滑轮组经改进后提高了机械效率，用它将同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比（　　） A． 有用功增加，总功增加 B． 有用功不变，总功增加 C． 有用功不变，总功不变 D． 有用功不变，总功减少 5． 如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所画力臂正确的是（ ） A． B． C． D． 6． 用F1的拉力直接将重为G的物体A匀速提升h（如图甲）；换用斜面把物体A匀速提升相同的高度，拉力为F2，物体沿斜面运动的距离为L（如图乙），利用斜面工作过程中（　　） A． 有用功为F2h B． 额外功为F2L－F1h C． 总功为（F1+F2）L D． 机械效率为 7． 如图所示是探究“杠杆平衡条件”的实验，下列说法中正确的是（　　） A． 若实验前杠杆如图甲所示，则应该将杠杆上的平衡螺母向右调节，才能使杠杆水平平衡 B． 本实验要做多次，目的是求平均值减小误差 C． 乙图中保持杠杆水平位置平衡，B点弹簧测力计向虚线方向转动过程中，示数会变大 D． 乙图中保持杠杆水平位置平衡，B点弹簧测力计向虚线方向转动过程中，示数会变小 8． 如图所示，吊篮的重力为400N，动滑轮总重力为50N，定滑轮总重力为40N，人的重力为600N，不计绳重与摩擦，人在吊篮里拉着绳子不动时需用力（ ） A． 218N B． 220N C． 210N D． 236N 9． 如图所示，用滑轮组提升重物时，重80N的物体在10s内匀速上升1m。已知拉绳子的力F为50N， 则提升重物的过程中（　　） A． ．绳子自由端被拉下3m B． 做的有用功是 80J C． 拉力 F 的功率是 8W D． 滑轮组的机械效率是 60% 10． 建筑工地上需要将6块相同的砖从地面运送到楼顶，工人师傅利用如图所示的装置分三次运送，第一次运1块，第二次运2块，第三次运3块。每次运送时，砖都以相同的速度匀速上升相同高度，绳重及摩擦均忽略不计。这三次拉力依次为F1、F2、F3，拉力做的功为W1、W2、W3，有用功率为P1、P2、P3，机械效率为η1、η2、η3，则（ ） A． F1+F2=F3 B． W1+W2=W3 C． η1+η2=η3 D． P1+P2=P3 11． 在水平地面上的甲乙两个物体在水平牵引力F甲、F乙作用下都做匀速直线运动，它们运动的路程和所做的功随时间变化的图像分别如图所示，根据图像，可以判断牵引力F甲、F乙以及做功功率P甲、P乙大小关系（　　） A． P甲＜P乙 F甲＜F乙 B． P甲＞P乙 F甲＞F乙 C P甲＜P乙 F甲＞F乙 D． P甲＞P乙 F甲＜F乙 12． 甲物体静止在水平地面上时，对地面的压强为6×105Pa．现将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，杠杆的B端悬挂乙物体，如图所示，当杠杆在水平位置平衡时，甲物体对地面的压强为2×105Pa，已知：乙物体的质量为2kg，AO：AB=1：4，g取10N/kg．要使甲物体恰好被细绳拉离地面，则下列判断中正确的是 A． 甲物体的底面积应小于2 B． 甲物体对地面的压力只需减少10N C． 杠杆B端所挂物体的质量至少增加2kg D． 可以移动支点O的位置，使OA：OB=2：9 二、填空题（本大题共10小题，共28分） 13． 有一把均匀的木尺，在上端转有一小孔，挂在钉子A上，如图所示，它可以在竖直平面内以A点为轴摆动。现从静止开始，在木尺的另一端点处施加一个水平向右的作用力F，使木尺缓慢地向右偏转，到图中虚线位置，在这一过程中，木尺的重力对A点的力臂逐渐变___________，水平力F的大小逐渐变___________。 14． 如图所示，重为50N物体在30N的拉力F的作用下匀速上升2m，不计绳重和摩擦，动滑轮的重力为_____N，拉力F移动的距离为_____m，若物体的重力变为80N，则拉力F为_____N． 15． 当用镊子夹取物体时，镊子就相当于___________（选填“杠杆”、“滑轮”或“斜面”），它是一个___________（选填“省力”或“费力”）的机械。盘山公路相当于___________（选填“杠杆”、“滑轮”或“斜面”），它的优点是为了___________。 16． 小丽同学用如图所示的定滑轮匀速提升G=90N 的重物．若定滑轮重16N，机械效率为90%，则轻质弹簧测力计A与B的示数分别为_______N和_______N． 17． 如图为水平桌面上的圆形玻璃转盘（转盘半径为50cm），在水平力作用下能绕转盘中心O点自由转动，转动时可视为杠杆。甲在A点施加一个大小为20N的水平力FA，想让转盘转动，对面的乙在距O点40cm处的B点同时施加一个水平力，想让转盘反方向转动，乙应沿图中___（选填“F1”、“F2”、“F3”或“F4”）方向施加一个至少为____N的力，才可能达到目的（假设只有甲、乙两人对转盘施力，忽略其它力对转动的影响）。 18． 图甲所示的独轮车是生活中搬运泥土的轻便工具。某次搬运泥土时，车体和泥土的总重G=1000N，运泥土时从A点提起独轮车把手。图乙为独轮车被抬起到某位置静止时的示意图，已知：AO=1．2m，C为OB连线上一点，OC=0．3m，OB=1．0m。 （1）如图甲，独轮车可看作是一个_____（选填“省力”或“费力”）杠杆； （2）在图乙所示位置时，若竖直向上拉动A点提升把手，需要的拉力为_____N； （3）在图乙所示位置时，要使提升把手的拉力最小，施加在A点的拉力方向为_____；若继续向上拉动，所需最小拉力将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （4）在图乙中，为了更轻便，可以把车厢内泥土适当向_____（选填“左”或“右”）移动。 19． 用如图所示装置按顺序依次做“探究滑轮组机械效率和哪些因素有关”的实验：（已知ρ塑料<ρ铝<ρ铁） （1）实验时在三个装置上分别挂上相同的钩码，并且用力拉绳使钩码_________上升； （2）实验时不考虑绳重及摩擦，塑料滑轮、铝制滑轮及铁制滑轮外形相同、材质不同，则拉力F1、F2、F3的大小关系是__________________；机械效率η1、η2、η3的大小关系是____________________； （3）若每个钩码重5N，铝制滑轮的重力为2N，将钩码匀速提升20cm，不计绳重和摩擦，该铝制滑轮组的机械效率为_____________。 20． 如图所示，重力G=700N水平木板在滑轮组的作用下保持静止。三个滑轮等大、光滑，质量均忽略不计。所有细绳的重力均不计，与天花板间的固定点分别叫做A、B、C，与木板间的固定点分别叫做D、E；各条细绳中不与滑轮接触的部分均竖直。则B点处的细绳对天花板的拉力大小为___________。 21． 工人用图中甲、乙两种方法将圆柱形铁块推倒成丙图情况，则F1___________F2；工人用甲、乙两种方法时至少要做的功分别为W1和W2，则W1___________W2。 22． 小金用轻质木棒、小桶（容积100mL）等器材，制作了一个“密度秤”（如图所示）。已知，秤砣质量为100g，桶内不装任何液体时，移动秤砣到B处，秤杆恰好处于平衡状态，请回答下列问题： （1）若，秤砣的质量 ________小桶的质量（填“”、“ ”或“” ； （2）该秤的刻度是 ________（选填“均匀”或“不均匀”的； （3）当小金向桶内装满某种液体后，需将秤砣向右移动8cm，秤杆再次达到平衡状态，则该液体的密度为 ________。 三、作图题（本大题共2小题，共4分） 23． 如图中已作出动力F1和阻力臂l2，请画出对应的动力臂l1和阻力F2。 24． 要站在地面上用一个滑轮组提升重物，请在图中作出最省力的绕线方法。 四、计算题（本大题共2小题，共18分） 25． 一辆汽车在平直公路上匀速行驶，发动机的牵引力为2000N，速度为72km/h。 （1）求牵引力在10min内所做的功； （2）求汽车牵引力在这段时间内的功率。 26． 如图所示的滑轮组，李伟同学用了最省力的方式提升重为600N的物体，当物体匀速上升时，他用力F1为250N（不计绳重及摩擦）。 （1）请在图中画出滑轮组的绕线方式； （2）动滑轮的重G动是多少？ （3）当物体上升0．5m时，绳子自由端移动的距离s是多少？ （4）若用该滑轮组匀速提起750N重的物体，需要的拉力F2是多大？ 五、实验探究题（本大题共4小题，共21分） 27． 同学们共同研究滑轮的特点。 （1）他们研究定滑轮特点时，做的实验如图甲所示，据此可证明：使用定滑轮不省力，但可以改变___________。他们通过进一步分析还发现：使用定滑轮时，相当于一个___________杠杆； （2）他们研究动滑轮特点时，用不同的动滑轮匀速缓慢竖直提升4N的重物，如图乙所示。记录的数据如下表。 实验序号 滑轮重力/N 重物重/N 弹簧测力计示数/N 1 1 4 ≈2．5 2 2 4 ≈3．0 3 3 4 ≈3．5 ①通过观察和比较测量结果，可得初步结论：使用动滑轮可以省力，但不能改变___________；用动滑轮匀速竖直提起同一重物时，不考虑绳重、滑轮与绳子之间的摩擦力，弹簧测力计的示数等于提升重力的___________。在实验中测绳端拉力时，应尽量竖直向上匀速拉动弹簧测力计，且在___________（选填“静止”或“拉动”）时读数； ②若还想继续研究用动滑轮匀速缓慢提起物体时，拉力方向对拉力的影响，则需要选择___________滑轮与___________重力的物体来进行实验对比（均选填“相同”或“不同”）。 28． “奋进”学习小组在“研究杠杆平衡条件”的实验中，使用的杠杆刻度均匀，每个钩码的质量都相等。 （1）实验开始时，杠杆如图甲处于静止状态，此时杠杆处于___________状态（选填“平衡”或“不平衡”）；为使杠杆在水平位置平衡，他应将右端的平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）移动；使杠杆水平平衡的目的是：___________； （2）调节杠杆水平平衡后，在杠杆上挂了如图乙两组钩码，放手后杠杆在水平位置是否平衡：___________（选填“平衡”或“不平衡”）。在实验中，小赵同学多次改变力和力臂的大小主要是为了___________； A．减小摩擦 B．使每组数据更准确 C．多次测量取平均值减小误差 D．获取多组实验数据归纳出普遍规律 （3）当弹簧测力计由图丙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将___________（选填“变大”“不变”或“变小”）； （4）用绳子拴住一根粗细不同的木头某处，静止后木头水平平衡，如图丁，现将木头从拴绳处沿竖直方向切成A、B两段，可判断GA___________GB（选填“>”、“=”或“<”）。 29． 如图甲，质量为m货物在拉力作用下，沿粗糙斜面向上运动（不考虑空气的阻力），斜面长L、高H。物块上升高度h与时间t关系图像如图乙，0至t1时间内的拉力为F1，t1至 t2时间内拉力为F2。已知H>4h0，t2=2t1，不计速度变化时的时间，斜面粗糙程度不变。 (1)0至t2时间内拉力做的有用功是 ______ ； (2)0至时间内的拉力做功的功率为P1，t1至t2时间内的拉力 做功的功率为P2，则P1______P2。时斜面的机械效率为η1，F2时斜面的机械效率为η2，则 η1______η2。注：两空均填“”、“”或“。 30． 一根金属棒AB置于水平地面上，今通过弹簧测力计竖直地将棒的右端B缓慢拉起，如图甲所示。在此过程中，弹簧测力计对棒所做的功W与 B端离开地面的高度x 的关系如图乙所示，请根据图像解答下列问题： (1)该金属棒的长度l=_______m； (2)在B端拉起的过程中，当x1=0．6 m时，测力计的示数为F1=_______N；当 x2=1．6 m 时，测力计的示数为F2=_______N； (3)求金属棒的重心到A 端的距离d。（ ） 31． 读短文，回答后面问题。 三峡升船机——全球最大的“超级电梯”三峡升船机是三峡工程重要通航设施之一，主要为客船、货船和特种船舶提供快速过坝通道，过船规模为3000吨级，提升总重量约15500吨，最大提升高度为113米，是目前世界上规模最大、技术难度最高的垂直升船机，如图1。 与电梯相似，升船机主要由塔柱、承船厢、滑轮组和平衡重组等构成，承船厢是3．5米标准水深、总重为15500吨的水厢。其工作原理是：船只由航道进入承船厢，关闭闸门后，由带动力的滑轮组和平衡重组将承船厢提升或下降，到达位置后开闸，船只离开承重厢驶出，如图2所示。 （1）一艘总重量为3000吨（船重+货重）的货轮驶入承船厢，关闭承船厢的闸门后，货轮和承船厢的总重是___________吨。因此，为了减少升船机的耗能，提升升船机的机械效率，三峡升船机的平衡重组设置重量应为___________吨； （2）升船机将一艘总重量为3000吨的货轮，从下航道闸口以0．2m/s的速度匀速提升100米到上航道闸口。在提升过程中，为克服误载水深荷载、系统机械摩擦阻力和风阻力等，滑轮组驱动机构给予了承船厢400吨的驱动力，则在这次提升中滑轮组的驱动功率是___________W，滑轮组和平衡重组所做的总功为___________J，滑轮组和平衡重组提升承船厢的机械效率是___________%。（g取10N/kg） 参考答案 1． A 【解析】 【详解】在用启子开汽水瓶盖的过程中，受施力方向向上，启子绕启子与瓶盖的前接触点A转动，所以A点为支点，故BCD不符合题意，A符合题意。故选A。 2．A 【解析】 【详解】在不计摩擦、机械自重及绳的重量的理想状况下： A．根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知 B．定滑轮不省力，F2=G C．动滑轮省一半的力 D．滑轮组由两段绳子承担 由此分析比较可知F1最小。故选A。 3． A 【解析】 【详解】由题意可知，拉力F始终与OA垂直，也就是动臂的大小是不变的；由图示可知，在转动过程中，阻力也就是重力的力臂是越来越小的，重力大小不变，所以阻力与阻力臂的乘积是越来越小的，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的大小也应是越来越小的，而动力臂大小不变，所以动力会越来越小，故应选A。 4． D 【解析】 【详解】用滑轮组提升同一物体到同样高度，据W有=Gh知，提升物体所做的有用功不变，但改进后，滑轮组的机械效率提高了，是因为额外功减小了，所以是总功变小了，故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。 5． D 【解析】 【详解】力臂的画法：先找支点，然后作力的作用线，从支点向力的作用线作垂线，标上字母和括号． 6． B 【解析】 【详解】A．借助斜面做的有用功即为克服物体重力所做的功，则 W有GhF1h 故A错误； BC．拉力所做的总功 W总F2L 额外功 W额W总W有F2LF1h 故B正确，C错误； D．机械效率 故D错误。故选B。 7． D 【解析】 【详解】A．若实验前杠杆如图甲所示，杠杆向右偏，则应该将杠杆上的平衡螺母向左调节，才能使杠杆水平平衡，故A错误； B．本实验要做多次，目的是得到普通规律，故B错误； CD．乙图中保持杠杆水平位置平衡，B点弹簧测力计向虚线方向转动过程中，阻力和阻力臂不变，动力臂变大，根据杠杆平衡条件可知，动力变小，即弹簧测力计的示数会变小，故C错误，D正确。 故选D。 8． C 【解析】 【详解】将人、吊篮、动滑轮看作一个整体，由于他们处于静止状态，受力平衡．则人的拉力．故选C． 9． B 【解析】 【详解】A．由图像可知绳子段数为2段，绳子自由端移动的距离 s=nh=2×1m=2m 故A不符合题意； B．物体的重力G=80N，提升的高度h=1m，有用功 W有=Gh=80N×1m=80J 故B符合题意； C．拉力F=50N，时间t=10s，移动的距离s=2m，拉力做的总功 W总=Fs=50N×2m=100J 拉力的功率 故C不符合题意； D．滑轮组的机械效率为 故D不符合题意。故选B。 10． D 【解析】 【分析】由图可知，作用在动滑轮上绳子为２股；绳重，摩擦不计时，用Ｆ＝ 分析F1,F2,F3之间关系；再依。通过计算特殊值，判断等式是否成立。 【详解】A．由题意得 F１＝； F２＝； F１＋F２＝ Ｆ３＝ 因为 所以 故Ａ不符合题意； Ｂ．由于物体升高均为h； W１＋W２＝F１h＋F２h＝(F１+F２)h W3=F3h； 因为(F１＋F２)F３ 所以 故B不合符题意； C． 依，说明滑轮组一定时，物重越大，机械效率越大，即 ，故C不合符题意； D．由W有=Gh，P=可知 ； 所以P1+P2=P3，故D符合题意。故选D。 【点睛】一个不加条件成立等式，可以用某种情况时不成立来判断它不成立。 11． A 【解析】 【详解】由s﹣t图像可知，在相同时间内，甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程，根据 可知，甲物体的速度大于乙物体的速度，即 由W﹣t图像可知，在相同时间内，甲物体做的功小于乙物体做的功，根据 可知，甲物体做功的功率小于乙物体做功的功率，即 又因为 所以甲物体受到的拉力小于乙物体受到的拉力，即 综上分析可知，选项A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 12．D 【解析】 【详解】乙物体的重力G乙=m乙g=2kg×10N/kg=20N；根据杠杆平衡条件FAlOA=G乙lOB，细绳对A端的拉力：FA==20N×=60N，绳子拉力处处相等，细绳对甲的拉力也为60N，甲对地面的压力△F减少了60N，△F=F1-F2=p1S-p2S，数据代入：60N=6×105PaS-2×105PaS，解得：S=1．5×10-4m2，则甲的重力G甲=F1=p1S=6×105Pa×1．5×10-4m2=90N；甲物体恰好被细绳拉离地面时，甲对地面的压力为0，A端受到的拉力等于甲的重力： A、增大或减小受力面积只能改变压强，不能改变物体甲对地面的压力，故A不符合题意； B、甲对地面的压力为F甲=G甲-△F=90N-60N=30N，甲物体恰好被细绳拉离地面，压力还要减小30N，故B不符合题意； C、根据杠杆平衡条件：G甲lOA=，==90N×=30N，杠杆B端所挂物体的质量至少增加△m===1kg，故C不符合题意； D、根据杠杆平衡条件：G甲=G乙，则,D符合题意． 13． ①． 大 ②． 大 【解析】 【详解】[1]木尺是均匀的，则其重心在木块的中心上，重力的方向竖直向下，在水平向右的作用力F的作用下，木尺绕着A向右转动，那么木尺的重力对A点的力臂逐渐变大。 [2]水平力F的作用点及方向不变，则向右转动过程中，F对应的力臂变小，而木尺的重力大小不变，对应力臂变小，据杠杆平衡条件知，水平力F的大小逐渐变大。 14．①． 10 ②． 4 ③． 45 【解析】 【详解】[1]由图可知，n=2，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G轮），则动滑轮重力： G轮=2F-G=2×30N-50N=10N； [2]拉力端移动距离 s=2h=2×2m=4m； [3]若物体的重力变为G′=80N，拉力 F′=（G′+G轮）=×（80N+10N）=45N． 15． ①． 杠杆 ②． 费力 ③． 斜面 ④． 省力 【解析】 【详解】[1][2]用镊子夹取物体时，固定两个镊片的位置相当支点，手的作用点为动力作用点，镊取物体对镊子的作用点为阻力作用点，则动力臂小于阻力臂，所以镊子在使用时，相当于费力杠杆。 [3][4]车沿着盘山公路行驶时，虽然费了距离，但是能省力，盘山公路相当于斜面。 16．①． 100 ②． 90 【解析】 【详解】[2] 由于使用定滑轮能改变力的方向，所以，使用定滑轮匀速提升G=90N的重物时，测力计B的示数为90N； [1] 使用定滑轮提升物体时，绳端移动的距离等于物体上升的高度，即s=h，由知道，定滑轮的机械效率是： 所以，轻质弹簧测力计A的示数是： ． 17． ①． F2 ②． 25 【解析】 【详解】[1][2]把圆盘等效成杠杆，则杠杆在两个力的作用下平衡，则其中一个力使杠杆顺时针转动，另一个力则使杠杆逆时针转动，所以甲在A点施加一个力FA使转盘转动，乙在距O点40 cm处的B点同样施加一个水平力，想让转盘反方向转动，根据杠杆的平衡条件可知，要想得到一个最小的力，应使力臂达到最大，乙应沿图中F2的方向最省力，根据杠杆平衡原理可得 FA×OA=F2×OB 20N×50cm=F2×40cm 沿图中F2方向施加一个力的大小至少为 F2=25N 18．①． 省力 ②． 300 ③． 垂直于OA向上 ④． 变小 ⑤． 左 【解析】 【详解】（1）[1]因为独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。 （2）[2]在图乙所示位置时，若竖直向上拉动A点提升把手，由杠杆平衡条件可得 F×OB=G×OC 即 F×1．0m=1000N×0．3m 解得，F=300N。 （3）[3]根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂不变的情况下，当动力臂最长时，最省力，故当在A点垂直于OA的方向上用力，此时动力臂最长，最省力。 [4]若继续向上拉动，动力臂不变（等于OA），阻力臂（重力的力臂）减小，阻力G不变，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，所需最小拉力将变小。 （4）[5]为了更轻便，可以把车厢内泥土适当向左移动，减小了阻力臂，动力也会减小，能达到省力的目的。 19．①． 匀速 ②． F1η2>η3 ④． 83．3% 【解析】 【详解】（1）[1]并且用力拉绳使钩码匀速上升，只有处于钩码平衡态，才能够分析受力。 （2）[2][3]都是3段绳子分担动滑轮重，故拉力F1、F2、F3的大小关系是 根据ρ塑料<ρ铝<ρ铁可知，外形相同，即体积相同，则塑料滑轮的重力最小，铝滑轮的重力稍微大一点，而铁制滑轮重是最大的，故 机械效率η1、η2、η3的大小关系 塑料滑轮的重力最小，铝滑轮的重力稍微大一点，而铁制滑轮重是最大的，故机械效率的大小关系为 （3）[4]该铝制滑轮组的机械效率为 20． 140N 【解析】 【详解】由图示知，木板受到竖直向上的三根绳子的作用，即受到竖直向上的三个拉力及竖直向下的重力作用，处于静止。设作用在D点的拉力为F1，作用在最下面的滑轮上的两个拉力分别为F2、F3，不计滑轮的质量时，则有 F1+F2+F3=G=700N 因为同一根绳子上的力相等，所以作用在最下面的滑轮上的两个向上的力相等，即 F2=F3 固定在B的绳子分别绕过中间及最上面的滑轮，所以中间滑轮上的两根向上的绳子的拉力等于F1。且中间滑轮受到两个向上拉力及一个向下的拉力的作用处于静止，所以有 2F1=F2 结合以上三式得 F1=140N 所以B点处细绳对天花板的拉力大小为140N。 21． ①． < ②． = 【解析】 【详解】[1]将圆柱形铁块推倒的过程，是利用杠杆工作的过程，铁块的重力是阻力，图甲方法推倒时，支点为B点，动力F1对应的力臂为BD。图乙推倒铁块时，支点为C点，动力F2对应的力臂小于BD，而铁块的重力及力臂保持不变，据杠杆的平衡条件知 F1 【解析】 【详解】（1）[1]杠杆处于匀速转动或静止时，都是处于平衡状态。所以图甲中的杠杆处于平衡状态。 [2]为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，应向左调节平衡螺母，因为杠杆的右端下沉。 [3]杠杆在水平位置平衡，则杠杆的重心在支点处，可避免杠杆自重对实验的影响；另外，杠杆在水平位置平衡，力臂的大小直接可从杠杆上的刻度尺读出，方便力臂的测量。 （2）[4]设每个钩码的重力为G，杠杆每小格的长度为L，由图乙得 2G×4L<3G×3L 所以放手后，杠杆在水平位置不能保持平衡。 [5]在实验中，为了避免实验的偶然性，应改变力和力臂的大小，进行多次实验，以获得普遍规律。故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。 （3）[6]保持杠杆在水平位置静止，则钩码对杠杆的作用力及对应力臂不变，而弹簧测力计由竖直位置变倾斜时，对应的力臂变小，据杠杆的平衡条件知，测力计的示数变大。 （4）[7]由图示知，拴绳子处为木头的重心，木头A段重心与拴绳子处的距离小于B段重心与拴绳子处的距离，即A段重力对应的力臂小于B段重力对应的力臂，据杠杆平衡条件知，左侧木头的重力大于右侧木头的重力，所以 GA>GB 29．①． ②． ③． 【解析】 【详解】[1]0至t2时间内拉力做的有用功 [2]由图乙知，物体在0至时间内和t1至t2时间内均做匀速直线运动，但速度不同，；因为物体一直做匀速直线运动，且斜面倾斜程度和滑动摩擦力不变，所以；根据可知，。 [3]拉力为时斜面的机械效率 拉力为F2时斜面的机械效率 由几何关系可知 又 故 30． ①． 1．2 ②． 2．5 ③． 5 ④． 0．6m 【解析】 【详解】(1)[1]由图乙知，当x=1．2m时，金属棒刚好离开地面，所以金属棒的长度 l=1．2m (2)[2]由图乙知，在0~1．2m，弹簧测力计对棒所做功W与B端离开地面的高度x成正比，所以当x1=0．6m时，弹簧测力计所做的功 W1= 据W=Fs得，测力计的示数 [3]当B端离开地面距离大于1．2m，金属棒离开地面，那么当x2=1．6m，金属棒离开地面的距离 h=1．6m-1．2m=0．4m 此过程弹簧测力计所做的功 W=5J-3J=2J 弹簧测力计的示数 (3)[4]由以上分析知，金属棒的重力为5N。 当x=1．2m时，弹簧测力计的示数为2．5N，据杆杠的平衡条件有 5N?d=2．5N×1．2m 解得 d=0．6m 31．① 15500 ②． 7750 ③． 8×105 ④． 1．59×1010 ⑤． 18．9 【解析】 【详解】（1）[1]由题意知，升船机提升的总重量约为15500吨，所以3000吨的货轮驶入承船厢，承船厢会放出3000吨的水，提升的总重量保持为15500吨。 [2]由图2知，提升承船厢的是定滑轮，用两根绳子来提升承船厢，所以每个平衡重组 （2）[3]承船厢的驱动力 F=400×103kg×10N/kg=4×106N 驱动功率 P=Fv=4×106N×0．2m/s=8×105W [4]提升货舱所做的有用功 W有=Gh=m船gh=3000×103kg×10N/kg×100m=3×109J 滑轮组中驱动力和两个平衡重组所做的总功 W额=(G驱+G平衡)h=(m驱+m平衡)gh=(400×103kg+2×7750×103kg)×10N/kg×100m=1．59×1010J [5]滑轮组和平衡重组提升承船厢的机械效率

四川省宜宾市翠屏区2022-2023学年八年级上学期期末物理试卷+