福建省福州市闽侯县2021-2022学年九年级上学期月考物理试卷

福建省泉州市安溪县2020-2021学年八年级下学期期末物理试卷

2020-2021学年福建省厦门市湖里区双十中学八年级（下）期中物理试卷 一、选择题（本大题共16小题，每小题2分，共32分） 1．（2分）首先测出大气压数值的科学家是（　　） A．牛顿 B．阿基米德 C．托里拆利 D．帕斯卡 2．（2分）如图所示是甲、乙两人推车运货的劳动景象，若甲用500N的水平力拉车，乙用200N的水平力推车，他们合力的大小是（　　） A．200N B．300N C．500N D．700N 3．（2分）如图所示，把重为0.5N的鸡蛋放入盛满水的杯中，静止后有0.4N水溢出，则鸡蛋受到的浮力是（　　） A．0.1N B．0.4N C．0.5N D．0.9N 4．（2分）如图所示，四款车的构造特点中，能够增大对地面的压强的是（　　） A．推土车履带宽大 B．赛车的车身质量小 C．压路机的碾子质量很大 D．载重车装有许多车轮 5．（2分）如图所示，对下列厨房中的现象，解释错误的是（　　） A．饺子煮熟后由于重力变小而上浮到水面上 B．塑料挂钩在大气压强的作用下，紧贴在墙面上 C．抽油烟机利用气体流速大压强小的原理工作 D．酱油瓶盖上的凸凹花纹是为了增大摩擦 6．（2分）如图所示的实例中，不是利用连通器原理工作的是（　　） A．茶壶 B．锅炉水位计 C．U形管压强计 D．船闸 7．（2分）如图所示物体中，应用“流体压强与流速的关系”原理升空的是（　　） A．火箭 B．热气球 C．飞艇 D．战斗机 8．（2分）将橙子、鸡蛋和小柿子放入盐水中，静止时如图所示，橙子漂浮，鸡蛋悬浮，小柿子沉底，已知G橙＞G鸡蛋＞G小柿子。由此判断（　　） A．橙子受浮力最小 B．鸡蛋受浮力最小 C．小柿子受浮力最小 D．三者所受浮力一样大 9．（2分）请估算，成年人在空气中受到的浮力大小最接近（人的密度约等于水的密度，ρ空气＝1.29kg/m3）（　　） A．0.1N B．1N C．10N D．100N 10．（2分）如图所示，两块磁性清洁器M和N隔着窗玻璃总能合在一起移动擦玻璃下列分析正确的是（　　） A．清洁器静止在玻璃上是因为受到摩擦力 B．M和N一起移动说明力能维持物体运动状态 C．N受到的重力和磁吸引力是一对平衡力 D．M对N的吸引力和N对M的吸引力是一对平衡力 11．（2分）2020年11月24日至12月17日，中国嫦娥五号顺利完成了发射、登月、采样、返回等一系列任务（如图所示），实现我国首次月球采样任务。关于“嫦娥五号”下列说法正确的是（　　） A．加速上升过程中，惯性越来越大 B．加速上升过程中，受到平衡力作用 C．环绕月球飞行时，是一种平衡状态 D．着陆前向下喷气，利用相互作用力减速下降 12．（2分）一支密度计分别放入甲、乙两种液体中，静止时位置如图所示。若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲，F乙，甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲，ρ乙．下列说法正确的是（　　） A．F甲＜F乙 B．F甲＞F乙 C．ρ甲＜ρ乙 D．ρ甲＞ρ乙 13．（2分）如图所示，小球自A点摆动到最低点B时，绳突然断裂，且假设所有力同时消失，则小球此后的运动轨迹是图中（　　） A．a B．b C．c D．d 14．（2分）小明将乒乓球置于漏斗中，下列图中利用电吹风能将乒乓球吹出漏斗的是（　　） A． B． C． D． 15．（2分）如图所示，一木块放置于水平桌面上，在F1、F2作用下处于静止状态，其中F1＝3N，F2＝9N，若撤去力F2，则木块在水平方向上受到的合力为（　　） A．0N B．3N 向右 C．9N 向右 D．3N 向左 16．（2分）如图所示，水平桌面上有一个装有水的圆柱形容器，水面漂浮着一个放有铁球的烧杯（ρ铁＞ρ水）；若将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，下列说法正确的是（　　） A．容器底受到水的压强不变 B．容器对桌面的压强会变小 C．容器中的水面会下降一些 D．烧杯下表面受到水的压强不变 二、填空题（本大题共6小题，每小题2分，共12分） 17．（2分）在立定跳远起跳时，用力向后蹬地，就能获得向前的力，这是因为物体间力的作用是 　 　的，起跳后能够在空中继续向前飞行，是由于物体具有 　 　。 18．（2分）火罐养生历史悠久。如图所示，古书《席上腐谈》记载，在空瓶里烧纸，迅速罩在人腹上，待瓶内氧气耗掉，瓶内气压 　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气压，瓶就压紧在身体上。西藏高原用紫铜制作火罐，因为高原地势高，气压 　 　（选填“高”或“低”），铜罐吸附力强，方便耐用，绿色环保。 19．（2分）如图所示，中国正在建造的003航母将是世界最大的常规动力航母，排水量预计约为8.5万吨，在水中受最大浮力约为 　 　N；该航母可以搭载约70架各型舰载机，当舰载机起飞后，航母将 　 　（填“上浮”或“下沉”）一些。 20．（2分）2020年11月10日，中国“奋斗者”号载人潜水器成功下游到深度为10909米的海底，创造了中国载人深潜新纪录。潜水器在海面下缓缓下潜过程中，海水对潜水器的压强 　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）潜水器完成作业后，会抛掉部分压载铁，使其所受的浮力 　 　自身的重力（选填“大于”、“等于”或“小于”），从而实现上浮。 21．（2分）如图所示，一个木块漂浮在水面上，排开水的体积为3×10﹣4m3，则木块在水中受到的浮力为 　 　N；水对木块向上的压力 　 　水对木块的浮力（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 22．（2分）如图所示，水平桌面上叠放的A、B两个物体，在水平力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，拉力F1＝5N，F2＝3N，那么物体A的下表面所受摩擦力的大小为 　 　N，物体B的下表面所受摩擦力的大小为 　 　N。 三、作图题（本大题共2小题，每小题2分，共4分） 23．（2分）如图所示，重为8N的物体A静止在斜面上，请画出物体A所受的重力和摩擦力的示意图。 24．（2分）如图所示，请画出水中正在下沉铁球的受力示意图。（水的阻力忽略不计） 四、简答题（本大题共1小题，共4分） 25．（4分）厦门地铁站设有很多温馨的便民细节。如图所示，甲图是电梯扶手处的盲文，凸起的点状可以帮助盲人乘客准确感知信息；乙图是车厢扶手下方轮椅固定器，防止乘坐轮椅的乘客在车启动或减速时摔倒。请根据上述文字信息提出两个问题，并用物理知识简要解释。 五、实验探究题（本大题共5小题，共28分） 26．（5分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。 （1）实验中，通过观察 　 　来判断容器中液体内部压强大小，这种科学探究方法是 　 　。为使实验现象更明显，U形管中最好用 　 　（选填“有色”或“无色”）的液体。 （2）比较丙、丁两图是探究液体压强与 　 　的关系。 （3）比较乙、丙两图可以得出的结论是：　 　。 （4）完成上述实验后，用一“T”形玻璃管对着U形管右边管口吹气（如图戊所示），可以看到 　 　（选填“左”或“右”）管中的液面较高。 27．如图所示，是探究“力对物体运动的影响”实验。 （1）三次实验中，小车每次都从斜面顶端由静止滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的 　 　。 （2）分析表中内容可知：水平面越光滑，小车受到的阻力越 　 　，小车速度减小得越 　 　。 接触面 毛巾 棉布 木板 阻力的大小 大 较大 小 小车运动的距离s/cm 18.30 26.83 31.30 （3）实验中，大家将可调节倾斜角度的斜面与木板平面组合，然后依次将毛巾、棉布铺在木板上，开始探究小车在三种平面上的运动情况，结果发现小车直接冲出棉布末端，在现已搭建好的实验器材基础上，他们可以采取 　 　的方法调整并完成整个实验探究过程。 （4）根据实验结果推理可得：若接触面完全光滑，且轨道足够长，小车将 　 　。可见，力是 　 　（选填“维持”或“改变”）物体运动状态的原因。 28．如图所示，是“探究浮力大小与哪些因素有关”的探究过程及有关数据。 （1）物体所受重力是 　 　N； （2）图B中弹簧测力计的读数比图A小，是因为 　 　； （3）分析图 　 　，能探究浮力大小与排开液体体积的关系； （4）根据图中数据，计算煤油密度为 　 　kg/m3； （5）分析图A、D、E，可以得到的结论是：排开液体体积相同时，　 　越大，物体受浮力越大。 29．利用身边物品探究“压力的作用效果与哪些因素有关”。实验器材有海绵和矿泉水。 （1）该实验通过观察 　 　来反映压力的作用效果。 （2）如图所示，将矿泉水瓶先后分别正立和倒立放在海绵上，其目的是控制 　 　相同，改变 　 　。这里采用了一种常见的科学研究方法。下列哪个探究实验也用到了这种科学研究方法 　 　。（填序号） ①探究浮力与排开液体的重力的关系； ②在相同的接触面上，探究滑动摩擦力与压力大小的关系； ③力越小，对物体运动的影响越小。推想若物体不受外力，运动状态将不改变； （3）从该实验中得出的结论 　 　。 （4）在现有器材基础上，如何探究压力作用效果与压力大小的关系？请简要写出主要步骤：　 　。 30．如图所示，图甲是“阿基米德原理”的实验示意图，圆柱体通过细绳与弹簧测力计相连。 （1）在验证阿基米德原理的实验过程中，图甲中第 　 　（填序号）幅图中的数据是多余的，可以省去。 （2）图甲中 　 　（填序号）两个步骤是为了测量圆柱体浸没在液体中时受到的浮力大小。 （3）由图甲中测量数据可知，圆柱体排开液体的重力为 　 　N。 （4）若容器的底面积为100cm2，从步骤②到步骤④，水对容器底部的压强增加了 　 　Pa。 （5）图乙是弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入深度h变化的关系图（仅画出h为6﹣14cm范围的图线），已知圆柱体高为4cm。请结合图甲中测量数据，在图乙中画出h为0﹣6cm范围时的F﹣h图线。 六、计算题（本大题共3小题，共20分） 31．（8分）如图所示，“国货之光”红旗H9是令人向往的一款汽车，其总质量为1.8t，轮胎与水平地面接触的总面积约为0.04m2。求： （1）汽车对水平地面的压强为多大？ （2）汽车做匀速直线运动时所受阻力为总重的0.02倍，过程中汽车受的牵引力为多大？ 32．如图所示，有一正方体物块A，用弹簧测力计在空气中竖直悬挂物块A，此时弹簧测力计示数为10N。然后将物块A浸没在水中，静止时弹簧测力计示数为6N。（g＝10N/kg）求： （1）物块A浸没在水中时受到的浮力大小； （2）物块A的体积； （3）物块A的密度。 33．如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个质量为6.4kg，边长为0.2m的正方体物块M，M与容器底部不贴合，以4mL/s的恒定水流向容器内注水，t＝1250s时，停止注水，容器中水的深度h随时间t的变化关系如图乙所示。求： （1）物块M的密度。 （2）图乙中a的值。 （3）停止注水后，给物块M施加一个外力，使其上表面与液面相平，求此时水对容器底的压强变化量。 2020-2021学年福建省厦门市湖里区双十中学八年级（下）期中物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（本大题共16小题，每小题2分，共32分） 1．（2分）首先测出大气压数值的科学家是（　　） A．牛顿 B．阿基米德 C．托里拆利 D．帕斯卡 【分析】按物理学家的贡献、主要成就，逐一分析各选项然后选出正确的。 【解答】解：A、牛顿发现了万用引力定律，故A错误。 B、阿基米德发现了阿基米德原理，故B错误。 C、托里拆利第一次测出大气压，故C正确。 D、帕斯卡发现了帕斯卡原理，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查了物理规律及其对应的科学家，考查的是物理学史，属于基础知识，平时在学习过程中应加强记忆。 2．（2分）如图所示是甲、乙两人推车运货的劳动景象，若甲用500N的水平力拉车，乙用200N的水平力推车，他们合力的大小是（　　） A．200N B．300N C．500N D．700N 【分析】在力的合成中，作用在同一直线上的两个力，当方向相同时其合力最大，合力大小等于两个力的大小之和。 【解答】解：已知甲、乙两人用力的方向相同，并且在同一条直线上，所以其合力为二力之和，即F＝F1+F2＝500N+200N＝700N； 故选：D。 【点评】此题考查力的合成与应用，难度不大，要求学生掌握力的合成的计算方法。 3．（2分）如图所示，把重为0.5N的鸡蛋放入盛满水的杯中，静止后有0.4N水溢出，则鸡蛋受到的浮力是（　　） A．0.1N B．0.4N C．0.5N D．0.9N 【分析】根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出鸡蛋受到的浮力。 【解答】解：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等， 鸡蛋受到的浮力F浮＝G排＝0.4N； 故选：B。 【点评】本题主要考查了学生对阿基米德原理的应用，难度不大，属于基础知识。 4．（2分）如图所示，四款车的构造特点中，能够增大对地面的压强的是（　　） A．推土车履带宽大 B．赛车的车身质量小 C．压路机的碾子质量很大 D．载重车装有许多车轮 【分析】（1）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。 （2）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。 【解答】解：A、推土车履带宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不符合题意； B、幽赛车的车身质量小、重力小、对地面的压力小，在受力面积一定时，通过减小压力减小压强，故B不符合题意； C、压路机的碾子质量很大、重力很大、对地面的压力很大，在受力面积一定时，通过增大压力增大压强，故C符合题意； D、载重车装有许多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不符合题意。 故选：C。 【点评】本题考查了增大、减小压强的方法，在平时的学习过程中，多观察、多思考，提高分析问题的能力。 5．（2分）如图所示，对下列厨房中的现象，解释错误的是（　　） A．饺子煮熟后由于重力变小而上浮到水面上 B．塑料挂钩在大气压强的作用下，紧贴在墙面上 C．抽油烟机利用气体流速大压强小的原理工作 D．酱油瓶盖上的凸凹花纹是为了增大摩擦 【分析】（1）浸没在液体中的物体，当物体所受的浮力大于重力时，物体上浮，当物体所受的浮力小于重力时，物体下沉，当物体所受的浮力等于重力时，物体悬浮； （2）塑料挂衣钩、利用注射器吸药液都是利用大气压工作的； （3）流速越大的地方压强越小； （4）可通过增大压力或增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 【解答】解：A、生饺子放入水中时重力大于浮力，饺子就会沉在锅底，饺子入锅后随着水温的升高，饺子馅和内部气体吸热后会逐渐膨胀起来，体积随之增大，排开水的体积增大，所受到的浮力增大，浮力大于重力，饺子就会浮到水面上，故A错误； B、塑料挂钩紧贴于墙面上是因为受到大气压强的作用，故B正确； C、抽油烟机是因为在工作时，电动机转动，使空气流速增大，当气体流速变快时，压强变小，使油烟吸入油烟机内，故C正确； D、酱油瓶盖上有凸凹花纹是通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦的，故D正确。 故选：A。 【点评】本题主要考查利用大气压、物体的浮沉条件、流体压强与流速的关系解释现象，知道增大摩擦力的方法。 6．（2分）如图所示的实例中，不是利用连通器原理工作的是（　　） A．茶壶 B．锅炉水位计 C．U形管压强计 D．船闸 【分析】连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。 【解答】解：A、茶壶的壶嘴与壶身底部相通，上端开口，壶嘴和壶身在同一高度，倒满水后，静止时液面相平，所以茶壶是连通器，故A不符合题意； B、锅炉水位计是利用连通器的原理制成的，故B不符合题意； C、压强器的U形管一端和空气连通，另一端和探头连通，探头是不透气的，不是连通器，故C符合题意； D、船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的，故D不符合题意。 故选：C。 【点评】本题考查生活中常见的连通器原理的应用，同时干扰选项压强器的U形管，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用。此点中考出现概率很高。 7．（2分）如图所示物体中，应用“流体压强与流速的关系”原理升空的是（　　） A．火箭 B．热气球 C．飞艇 D．战斗机 【分析】流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，据此分析四种情形。 【解答】解：A、火箭发射时向下喷出气体，物体间力的作用是相互的，火箭同时受到一个向上的反作用力，推动火箭上升，故A错误； B、热气球上升时，热气球受到的浮力大于重力，故B错误； C、飞艇受到的浮力大于重力而上升的，故C错误； D、飞机飞行时，飞机的机翼上方突起，机翼上方空气流速大于下方空气流速，根据流体流速越大压强越小，机翼上方空气压强小于下方压强，飞机受到向上的升力作用，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了流体压强与流速关系、浮力的应用，要求灵活运用所学力学知识加以分析。 8．（2分）将橙子、鸡蛋和小柿子放入盐水中，静止时如图所示，橙子漂浮，鸡蛋悬浮，小柿子沉底，已知G橙＞G鸡蛋＞G小柿子。由此判断（　　） A．橙子受浮力最小 B．鸡蛋受浮力最小 C．小柿子受浮力最小 D．三者所受浮力一样大 【分析】根据物体的浮沉条件可知，橙子漂浮，F橙＝G橙，鸡蛋悬浮，F鸡蛋＝G鸡蛋，小柿子沉底，F小柿子＜G小柿子；根据已知条件G橙＞G鸡蛋＞G小柿子，可以判断橙子、鸡蛋和小柿子受到的浮力大小情况。 【解答】解：根据物体的浮沉条件可知，橙子漂浮，F橙＝G橙，鸡蛋悬浮，F鸡蛋＝G鸡蛋，小柿子沉底，F小柿子＜G小柿子， 又因为G橙＞G鸡蛋＞G小柿子，所以，浮力最小的是小柿子，浮力最大的是橙子，故ABD错误、C正确。 故选：C。 【点评】本题考查物体的浮沉条件及其应用，熟记物体的浮沉条件是解题的关键。 9．（2分）请估算，成年人在空气中受到的浮力大小最接近（人的密度约等于水的密度，ρ空气＝1.29kg/m3）（　　） A．0.1N B．1N C．10N D．100N 【分析】人的密度和水的密度相当，约为1.0×103kg/m3，估测成年人的质量，利用密度公式求出成年人的体积；人排开空气的体积等于人的体积，再利用阿基米德原理求出人受到空气的浮力。 【解答】解：成年人的质量约为m＝80kg， 人的密度ρ≈ρ水＝1.0×103kg/m3， 由ρ＝可得人的体积： V＝＝＝0.08m3， 人排开空气的体积V排＝V＝0.08m3， 人受到空气的浮力： F浮＝ρ空气V排g＝1.29kg/m3×0.08m3×10N/kg＝1.032N≈1N。 故选：B。 【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理的应用，较准确地估测出成年人的质量是关键。 10．（2分）如图所示，两块磁性清洁器M和N隔着窗玻璃总能合在一起移动擦玻璃下列分析正确的是（　　） A．清洁器静止在玻璃上是因为受到摩擦力 B．M和N一起移动说明力能维持物体运动状态 C．N受到的重力和磁吸引力是一对平衡力 D．M对N的吸引力和N对M的吸引力是一对平衡力 【分析】（1）静止的物体受到平衡力作用； （2）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态； （3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （4）一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上。 【解答】解：A、清洁器能静止在窗玻璃上是因为受到平衡力的作用，受到竖直向上的摩擦力和竖直向下的重力是一对平衡力，故A正确； B、移动M时，N也能跟着一起移动，说明力能改变物体的运动状态，故B错误； C、N受到的重力方向竖直向下，M对N的吸引力方向是水平的，二力不在同一直线上，所以不是一对平衡力，故C错误； D、M对N的吸引力和N对M的吸引力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个不同的物体上是一对相互作用力，故D错误。 故选：A。 【点评】本题以玻璃清洁器为内容，考查了平衡力与相互作用力的区分、力的作用效果等，体现了生活处处皆物理，让学生感到物理是有用的。 11．（2分）2020年11月24日至12月17日，中国嫦娥五号顺利完成了发射、登月、采样、返回等一系列任务（如图所示），实现我国首次月球采样任务。关于“嫦娥五号”下列说法正确的是（　　） A．加速上升过程中，惯性越来越大 B．加速上升过程中，受到平衡力作用 C．环绕月球飞行时，是一种平衡状态 D．着陆前向下喷气，利用相互作用力减速下降 【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大； （2）（3）物体受到平衡力的作用时，保持静止状态或者做匀速直线运动； （4）物体间力的作用是相互的。 【解答】解：A、“嫦娥五号”加速上升过程中，惯性不变，故A错误； B、“嫦娥五号”加速上升过程中，做变速运动，受到非平衡力作用，故B错误； C、“嫦娥五号”环绕月球飞行时，运动方向不断改变，是一种非平衡状态，故C错误； D、“嫦娥五号”着陆前向下喷气，同时气流对其产生向上的推力，利用相互作用力减速下降，故D正确。 故选：D。 【点评】本题通过中国航空科技考查蕴含的物理知识，综合性强，并且注重了物理知识的应用，属于中考热点题型。 12．（2分）一支密度计分别放入甲、乙两种液体中，静止时位置如图所示。若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是F甲，F乙，甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲，ρ乙．下列说法正确的是（　　） A．F甲＜F乙 B．F甲＞F乙 C．ρ甲＜ρ乙 D．ρ甲＞ρ乙 【分析】（1）同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的重力。 （2）由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系； 【解答】解：AB、由于密度计两次静止时都处于漂浮，则F浮＝G， 即密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G．故AB错误； CD、由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＞V乙排， 由F浮＝ρ液gV排可知：ρ甲＜ρ乙；故C正确，D错误。 故选：C。 【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮（F浮＝G）是解此类题目的关键。 13．（2分）如图所示，小球自A点摆动到最低点B时，绳突然断裂，且假设所有力同时消失，则小球此后的运动轨迹是图中（　　） A．a B．b C．c D．d 【分析】根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。 【解答】解：根据牛顿第一定律可知，物体在不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；小球自A点摆动到最低点B时，绳突然断裂，则当外力突然消失时，小球仍然保持原来的运动状态，即小球沿水平方向向左做匀速直线运动，运动轨迹是图中b。 故选：B。 【点评】牢记牛顿第一定律，会根据牛顿第一定律判断物体的状态。 14．（2分）小明将乒乓球置于漏斗中，下列图中利用电吹风能将乒乓球吹出漏斗的是（　　） A． B． C． D． 【分析】流体压强跟流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。据此比较乒乓球上下两侧或左右两侧的空气流速和压强大小做出判断。 【解答】解：A、当用电吹风在漏斗上方向下吹风时，乒乓球上方空气流速大于下方空气流速，上方压强小于下方压强，在压强差的作用下，乒乓球不会被吹出漏斗，故A不合题意； B、当用电吹风在漏斗下方向上吹风时，乒乓球下方空气流速大于上方空气流速，下方压强小于上方压强，在压强差的作用下，乒乓球不会被吹出漏斗，故B不合题意； C、当用电吹风在漏斗左方向右吹风时，乒乓球左方空气流速大于右方空气流速，左方压强小于右方压强，在压强差的作用下，乒乓球不会被吹出漏斗，故C不合题意； D、当用电吹风在漏斗上方从左往右吹风时，乒乓球上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，在压强差的作用下，乒乓球能被吹出漏斗，故D符合题意。 故选：D。 【点评】本题考查流体压强和流速的关系，难度不大。 15．（2分）如图所示，一木块放置于水平桌面上，在F1、F2作用下处于静止状态，其中F1＝3N，F2＝9N，若撤去力F2，则木块在水平方向上受到的合力为（　　） A．0N B．3N 向右 C．9N 向右 D．3N 向左 【分析】对物体进行受力分析，由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力。 【解答】解：受力分析如图： F1、F2同时作用时，静摩擦力f1＝F2﹣F1＝9N﹣3N＝6N，可知地面最大静摩擦力大于6N，撤去F2，外力为3N，小于最大静摩擦力，故物体仍能处于平衡，故合力一定是零，故A正确； 故选：A。 【点评】本题是初学摩擦力的同学易错的一个题目，解答本题应准确理解静摩擦力的定义，并能根据受力分析得出力之间的关系。 16．（2分）如图所示，水平桌面上有一个装有水的圆柱形容器，水面漂浮着一个放有铁球的烧杯（ρ铁＞ρ水）；若将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，下列说法正确的是（　　） A．容器底受到水的压强不变 B．容器对桌面的压强会变小 C．容器中的水面会下降一些 D．烧杯下表面受到水的压强不变 【分析】当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力； 当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁＞ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力； AC、根据阿基米德原理可知，当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排＝S容器h可得出将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p＝ρ水gh可知，容器底受到水的压强的变化； B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，根据p＝可得出容器对桌面的压强的变化； D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p＝＝；当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p＝＝，由此可得出烧杯下表面受到水的压强的变化。 【解答】解：当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯和铁球受到的总浮力等于烧杯和铁球受到的总重力； 当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，根据物体漂浮条件可知，烧杯受到的浮力等于烧杯受到的重力，由于ρ铁＞ρ水，所以铁球在水中沉入水底，根据物体沉底的条件可知，铁球受到的浮力小于铁球受到的重力，即此时烧杯和铁球受到的总浮力小于烧杯和铁球受到的总重力； AC、根据F浮＝ρ水gV排可知，当ρ水、g一定时，F浮变小，V排变小，所以当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积小于当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，烧杯和铁球排开水的体积，根据V排＝S容器h可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，水面将下降，根据p＝ρ水gh可知，容器底受到水的压强将变小，故A错误，C正确； B、容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力大小等于容器、水、烧杯和铁球的总重力，所以将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，容器对桌面的压力保持不变，根据p＝可知，容器对桌面的压强不变，故B错误； D、当铁球放在烧杯中，烧杯漂浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p＝＝； 当将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上时，此时烧杯下表面受到水的压强p＝＝， 由此可知，将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯下表面受到水的压强变小，故D错误。 故选C。 【点评】本题主要考查阿基米德原理的应用，液体压强的特点的应用，固体压强大小的比较，其中分析清楚将铁球从烧杯中取出缓缓放入水中，烧杯仍竖直浮在水面上，烧杯和铁球受到的总浮力的变化是解题的关键，属于浮力、压强综合题，有一定的难度。 二、填空题（本大题共6小题，每小题2分，共12分） 17．（2分）在立定跳远起跳时，用力向后蹬地，就能获得向前的力，这是因为物体间力的作用是 　相互　的，起跳后能够在空中继续向前飞行，是由于物体具有 　惯性　。 【分析】（1）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力； （2）任何物体都具有惯性，即物体保持原运动状态不变的性质。 【解答】解：（1）立定跳远起跳时，脚用力向后蹬地，对地面施加一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，因此地面同时对人施一个加向前的力，人才会向前跳起。 （2）人离开地面后，由于惯性，在空中仍然保持向前的运动状态。 故答案为：相互；惯性。 【点评】本题考查了力的作用的相互性以及惯性的知识，属于基础知识的考查，相对比较简单。 18．（2分）火罐养生历史悠久。如图所示，古书《席上腐谈》记载，在空瓶里烧纸，迅速罩在人腹上，待瓶内氧气耗掉，瓶内气压 　小于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）瓶外气压，瓶就压紧在身体上。西藏高原用紫铜制作火罐，因为高原地势高，气压 　低　（选填“高”或“低”），铜罐吸附力强，方便耐用，绿色环保。 【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。大气压的高低与高度有关，高度越高，气压越低。 【解答】解：在空瓶里烧纸，迅速罩在人腹上，待瓶内氧气耗掉，瓶内气压减小，小于瓶外气压，在外界气压的作用下，瓶就压紧在身体上； 高原地势高，则高原处的气压低。 故答案为：小于；低。 【点评】本题考查了大气压的应用、气压与高度的关系，属于基础题。 19．（2分）如图所示，中国正在建造的003航母将是世界最大的常规动力航母，排水量预计约为8.5万吨，在水中受最大浮力约为 　8.5×108　N；该航母可以搭载约70架各型舰载机，当舰载机起飞后，航母将 　上浮　（填“上浮”或“下沉”）一些。 【分析】航母的排水量是指满载时排开水的质量，利用阿基米德原理求航母满载时受到的浮力（即受到的最大浮力）； 航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，航母仍然漂浮，据此分析受到的浮力大小变化，再根据阿基米德原理得出排开水的体积变化。 【解答】解：（1）]航母受到的最大浮力： F浮＝G排＝m排g＝8.5×104×103kg×10N/kg＝8.5×108N； （2）当舰载机起飞后，航母还是漂浮，受到的浮力还等于自身的重力，由于航母的重力减小了，受到的浮力也将减小，由阿基米德原理可知，排开水的体积减小，因此航母将会上浮一些。 故答案为：8.5×108；上浮。 【点评】本题考查了重力公式、阿基米德原理、物体的浮沉条件的掌握和运用，关键是知道航母排水量的意义（满载时排开水的质量）。 20．（2分）2020年11月10日，中国“奋斗者”号载人潜水器成功下游到深度为10909米的海底，创造了中国载人深潜新纪录。潜水器在海面下缓缓下潜过程中，海水对潜水器的压强 　变大　（填“变大”、“不变”或“变小”）潜水器完成作业后，会抛掉部分压载铁，使其所受的浮力 　大于　自身的重力（选填“大于”、“等于”或“小于”），从而实现上浮。 【分析】潜水艇下潜过程中，所处的深度逐渐变大，根据p＝ρ液gh可知所受水的压强的变化情况； 物体上浮时，所受的浮力大于自身的重力。 【解答】解：潜水艇下潜过程中，所处的深度逐渐变大，根据p＝ρ液gh可知所受水的压强变大； 潜水器完成作业后，会抛掉部分压载铁，使其所受的浮力大于自身的重力，从而实现上浮。 故答案为：变大；等于。 【点评】本题考查浮沉条件和液体压强的知识，是一道综合题。 21．（2分）如图所示，一个木块漂浮在水面上，排开水的体积为3×10﹣4m3，则木块在水中受到的浮力为 　3　N；水对木块向上的压力 　等于　水对木块的浮力（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 【分析】（1）根据阿基米德原理求出木块在水中受到的浮力； （2）根据浮力产生的原因分析回答。 【解答】解：如图所示，一个木块漂浮在水面上，排开水的体积为3×10﹣4m3，则木块在水中受到的浮力为： F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣4m3＝3N； 由于木块漂浮在水面，木块的上表面不受力，此时木块受到的浮力就是水对木块下表面向上的压力，故水对木块向上的压力等于水对木块的浮力。 故答案为：3；等于。 【点评】本题考查了阿基米德原理的应用和浮力与浮力产生的原因等知识了解和掌握，关键是对浮力产生原因的理解。 22．（2分）如图所示，水平桌面上叠放的A、B两个物体，在水平力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，拉力F1＝5N，F2＝3N，那么物体A的下表面所受摩擦力的大小为 　5　N，物体B的下表面所受摩擦力的大小为 　2　N。 【分析】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用。 A相对于B保持静止状态，首先分析A的受力情况，求出A受到的摩擦力。 根据物体间力的作用是相互的，求出B的上表面受到的摩擦力。 B相对于地面进行匀速直线运动，分析B的受力情况，求出B下表面受到的摩擦力。 【解答】解：水平桌面上叠放的A、B两个物体，在水平力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，A相对于B保持静止状态，水平方向上A受到拉力F1和摩擦力作用，摩擦力和拉力是一对平衡力，拉力F1是5N，A受到的摩擦力是5N。 根据物体间力的作用是相互的，A受到B的摩擦力水平向左，大小是5N，所以B上表面受到A的摩擦力水平向右，大小是5N。 物体B进行匀速直线运动，水平方向上受到A对B水平向右的摩擦力、地面对B水平向左的摩擦力、水平向左的拉力F2，这三个力是平衡力，所以地面对B水平向左的摩擦力与水平向左的拉力F2之和等于A对B水平向右的摩擦力，所以B下表面受到地面的摩擦力大小为2N。 故答案为：5；2。 【点评】本题把A和B两个物体分别进行受力分析，根据二力平衡条件和物体间力的作用是相互的进行判断，是本题的关键。 三、作图题（本大题共2小题，每小题2分，共4分） 23．（2分）如图所示，重为8N的物体A静止在斜面上，请画出物体A所受的重力和摩擦力的示意图。 【分析】（1）重力的作用点在物体的重心上，重力的方向竖直向下，已知物体重力的大小，从重心沿重力方向作出物体重力的示意图，注意标上重力的符号和大小； （2）物体A静止在斜面上，有向下滑动的趋势，则它受到摩擦力的方向平行于斜面向上。 【解答】解：物体A受到竖直向下的重力，作用点在A的重心上，大小为8N； 物体A静止在斜面上，有向下滑动的趋势，则它受到摩擦力的方向平行于斜面向上，其作用点也可画在物体的重心上，如图所示： 【点评】本题考查了重力和摩擦力示意图的画法，属于基础题。 24．（2分）如图所示，请画出水中正在下沉铁球的受力示意图。（水的阻力忽略不计） 【分析】（1）铁球在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上； （2）因为铁球正在下沉，所以重力比浮力大，线段的长度不同。 【解答】解：铁的密度比水大，因此铁球在水中下沉，浮力小于重力；过球心分别沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G和F浮表示；注意表示重力线段比表示浮力的线段要长些；如图所示： 【点评】（1）画力的示意图时，首先根据物体的运动状态，判断出物体受力的大小关系； （2）力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。 四、简答题（本大题共1小题，共4分） 25．（4分）厦门地铁站设有很多温馨的便民细节。如图所示，甲图是电梯扶手处的盲文，凸起的点状可以帮助盲人乘客准确感知信息；乙图是车厢扶手下方轮椅固定器，防止乘坐轮椅的乘客在车启动或减速时摔倒。请根据上述文字信息提出两个问题，并用物理知识简要解释。 【分析】增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。 惯性是物体的固有属性，其大小只取决于物体的质量。 【解答】答：电梯扶手处的盲文，凸起的点状减小了受力面积，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强。 乙图是车厢扶手下方轮椅固定器，防止乘坐轮椅的乘客在车启动或减速时由于惯性摔倒。 【点评】此题考查了增大压强的方法及惯性现象，属于基础知识。 五、实验探究题（本大题共5小题，共28分） 26．（5分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。 （1）实验中，通过观察 　U形管液面的高度差　来判断容器中液体内部压强大小，这种科学探究方法是 　转换法　。为使实验现象更明显，U形管中最好用 　有色　（选填“有色”或“无色”）的液体。 （2）比较丙、丁两图是探究液体压强与 　液体密度　的关系。 （3）比较乙、丙两图可以得出的结论是：　同一液体的压强随深度的增加而增大　。 （4）完成上述实验后，用一“T”形玻璃管对着U形管右边管口吹气（如图戊所示），可以看到 　右　（选填“左”或“右”）管中的液面较高。 【分析】（1）液体压强计利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大，这用到了转换法；为了使用更明显，U形管内液体使用有色液体便于观察； （2）（3）液体压强跟液体的密度和深度有关，在液体密度相同时，液体压强随深度的增加而增大；在液体深度相同时，液体的密度越大，液体压强越大；在液体密度和深度相同时，液体向各个方向的压强相等； （4）流体中流速越快的地方压强越小；流速越小的地方压强越大。 【解答】解：（1）应用转换法，压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大； 使用前U形管内液面相平，当橡皮膜受到压强时，橡皮膜向内凹，为了使用更明显，U形管内液体使用有色液体便于观察； （2）比较丙、丁两图知液体的深度相同，液体的密度不同，是探究液体压强与液体密度的关系； （3）比较乙、丙两图知液体的密度相同，深度不同，且深度越大，U形管液面的高度差越大，故可以得出同一液体的压强随深度的增加而增大； （4）完成上述实验后，用一“T“形玻璃管对着U形管右边管口吹气，右边管口上方空气流动速度快，气压小，所以右管中的液面较高。 故答案为：（1）U形管液面的高度差；转换法；有色；（2）液体密度；（3）同一液体的压强随深度的增加而增大；（4）右。 【点评】掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法和转换法探究液体压强跟影响因素之间的关系。 27．如图所示，是探究“力对物体运动的影响”实验。 （1）三次实验中，小车每次都从斜面顶端由静止滑下，目的是使小车到达水平面时具有相同的 　速度　。 （2）分析表中内容可知：水平面越光滑，小车受到的阻力越 　小　，小车速度减小得越 　慢　。 接触面 毛巾 棉布 木板 阻力的大小 大 较大 小 小车运动的距离s/cm 18.30 26.83 31.30 （3）实验中，大家将可调节倾斜角度的斜面与木板平面组合，然后依次将毛巾、棉布铺在木板上，开始探究小车在三种平面上的运动情况，结果发现小车直接冲出棉布末端，在现已搭建好的实验器材基础上，他们可以采取 　降低小车释放的高度　的方法调整并完成整个实验探究过程。 （4）根据实验结果推理可得：若接触面完全光滑，且轨道足够长，小车将 　一直做匀速直线运动　。可见，力是 　改变　（选填“维持”或“改变”）物体运动状态的原因。 【分析】（1）每次从相同高度让小车滑下是为了当它们滑到水平面上时，具有一个相同的速度，目的是为了控制速度这个变量。 （2）（4）由表中的数据可知，当表面越光滑时，小车的滑行距离越远，这说明表面对小车的阻力越小。 根据这个道理，当表面完全光滑时（不存在摩擦力），那么小车将会运动到无穷远处，即做匀速直线运动。 （3）小车冲出棉布末端，说明到达水平面的速度太大，据此分析改进方法。 【解答】解：（1）探究力对运动的影响时会控制速度一定，故从顶端静止滑下是为了到达水平面时具有相同的速度； （2）接触面分别为毛巾、棉布、木板，接触面越来越光滑，车受到的阻力越小，运动距离越远，说明速度减小得越慢； （3）小车冲出棉布末端，说明到达水平面的速度太大，调整方法：降低小车释放的高度； （4）若接触面完全光滑，则不受阻力，车将一直做匀速直线运动，可见，力是改变物体运动状态的原因。 故答案为：（1）速度；（2）小；慢；（3）降低小车释放的高度；（4）一直做匀速直线运动；改变。 【点评】此题考查了“探究运动和力的关系”实验，即牛顿第一定律的实验，考查对实验数据的分析处理能力，要深入分析实验收集的信息，分析出数据所反映的物理知识，最后得出结论。 28．如图所示，是“探究浮力大小与哪些因素有关”的探究过程及有关数据。 （1）物体所受重力是 　10　N； （2）图B中弹簧测力计的读数比图A小，是因为 　物体浸入到了水中，受到了竖直向上的浮力　； （3）分析图 　A、B、C和D　，能探究浮力大小与排开液体体积的关系； （4）根据图中数据，计算煤油密度为 　0.8×103　kg/m3； （5）分析图A、D、E，可以得到的结论是：排开液体体积相同时，　液体密度　越大，物体受浮力越大。 【分析】（1）根据题目已知，物体在空气中的弹簧测力计示数就可以得出物体重力大小； （2）图B中物体浸入到了水中，受到了竖直向上的浮力，据此分析解答； （3）浮力的大小与物体控制排开液体的密度和体积相关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变； （4）由称重法可以求出物体浸没在水中受到的浮力；由阿基米德原理求出物体的体积；根据称重法求出物体在煤油中的浮力，根据阿基米德原理求出煤油的密度； （5）分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。 【解答】解：（1）由A图可知，此时弹簧测力计测的是物体的重力，所以物体重力为10N； （2）图B中物体浸入到了水中，受到了竖直向上的浮力，所以弹簧测力计示数变小； （3）为了探究浮力大小与排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开的液体的体积，故分析图A、B、C和D，能探究浮力大小与排开液体体积的关系； （4）物体浸没在水中时所受的浮力为：F浮＝G﹣FD＝10N﹣7N＝3N， 因为物体浸没在水中，物体的体积等于浸入水中的体积，故物体体积为： V＝V排＝＝＝3×10﹣4m3， 因为物体在液体中也浸没，所以浸入液体的体积等于物体体积等于3×10﹣4m3，物体在液体中所受的浮力为： F浮'＝G﹣FE＝10N﹣7.6N＝2.4N， 液体的密度为： ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3； （5）分析D、E，物体都浸没，排开液体体积相同，水的密度大于煤油的密度，水中弹簧测力计示数较小，由称重法可知，物体在水中受到的浮力大，所以得出结论，在排开液体体积相同时，液体密度越大，所受浮力越大； 故答案为：（1）10；（2）物体浸入到了水中，受到了竖直向上的浮力；（3）A、B、C和D；（4）0.8×103；（5）液体密度。 【点评】本题考查称重法测浮力、控制变量法、数据分析及阿基米德原理的应用，知识点较多，有一定的难度。 29．利用身边物品探究“压力的作用效果与哪些因素有关”。实验器材有海绵和矿泉水。 （1）该实验通过观察 　海绵的凹陷程度　来反映压力的作用效果。 （2）如图所示，将矿泉水瓶先后分别正立和倒立放在海绵上，其目的是控制 　压力　相同，改变 　受力面积　。这里采用了一种常见的科学研究方法。下列哪个探究实验也用到了这种科学研究方法 　②　。（填序号） ①探究浮力与排开液体的重力的关系； ②在相同的接触面上，探究滑动摩擦力与压力大小的关系； ③力越小，对物体运动的影响越小。推想若物体不受外力，运动状态将不改变； （3）从该实验中得出的结论 　压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显　。 （4）在现有器材基础上，如何探究压力作用效果与压力大小的关系？请简要写出主要步骤：　把左侧瓶子中倒出一些水后，倒立在海绵上，并与右侧瓶子的作用效果比较　。 【分析】（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； （2）（3）（4）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。 【解答】解：（1）该实验通过观察海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法； （2）将矿泉水瓶先后分别正立和倒立放在海绵上，可以控制压力大小相同，改变了受力面积，这里采用了控制变量法。 ①探究浮力与排开液体的重力的关系，没有用到控制变量法，不合题意； ②在相同的接触面上，探究滑动摩擦力与压力大小的关系，控制了接触面的粗糙程度不变，用到了控制变量法，符合题意； ③力越小，对物体运动的影响越小。推想若物体不受外力，运动状态将不改变，用到的是科学推理法，不合题意。 故选：②。 （3）从该实验中得出的结论是：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。 （4）接下来要探究“压力的作用效果与压力大小的关系”，应控制受力面积相同，改变压力大小，故操作步骤是：把左瓶子中倒出一些水后，倒立在海绵上，并与右侧瓶子的作用效果比较． 故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）压力；受力面积；②；（3）压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；（4）把左侧瓶子中倒出一些水后，倒立在海绵上，并与右侧瓶子的作用效果比较。 【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法等方法的应用，体现了对过程和方法的考查。 30．如图所示，图甲是“阿基米德原理”的实验示意图，圆柱体通过细绳与弹簧测力计相连。 （1）在验证阿基米德原理的实验过程中，图甲中第 　③　（填序号）幅图中的数据是多余的，可以省去。 （2）图甲中 　②④　（填序号）两个步骤是为了测量圆柱体浸没在液体中时受到的浮力大小。 （3）由图甲中测量数据可知，圆柱体排开液体的重力为 　1.2　N。 （4）若容器的底面积为100cm2，从步骤②到步骤④，水对容器底部的压强增加了 　0　Pa。 （5）图乙是弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入深度h变化的关系图（仅画出h为6﹣14cm范围的图线），已知圆柱体高为4cm。请结合图甲中测量数据，在图乙中画出h为0﹣6cm范围时的F﹣h图线。 【分析】（1）根据阿基米德原理的数学表达式即可判断得出； （2）浮力等于②和④两次测力计的示数之差； （3）重力等于⑤和①两次测力计的示数之差； （4）从步骤②到步骤④，虽然会排开水，但是水被排到了烧杯中，所以水的深度不变； （5）图乙是弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入深度h变化的关系图；由②知物体的重力，据此判断出h＝0时弹簧测力计的示数；随着物体下表面浸入深度h的增大，其排开水的体积增大，浮力增大，则测力计的示数逐渐减小；由于圆柱体高为4cm，所以，从浸入深度为4cm开始，弹簧测力计的示数保持不变，此时物体完全浸没。 【解答】解：（1）由阿基米德原理可得F浮＝G排，即：G﹣F拉＝G桶+水﹣G桶，所以仅需①②④⑤即可，无需③即可验证阿基米德原理； （2）甲图中的②和④是称重法测浮力，目的是测圆柱体浸没在液体中时受到的浮力大小． （3）由图甲中测量数据可知，圆柱体排开液体的重力为：G排＝2.2N﹣1N＝1.2N； （4）从步骤②到步骤④，虽然会排开水，但是水被排到了烧杯中，所以容器中水的深度不变，故水又对容器底部的压强增加了0Pa； （5）当圆柱体下表面距离水面距离为0时，所受的浮力为零，此时拉力等于重力等于3N，随着圆柱体浸入体积变大，所受浮力变大，拉力逐渐变小，当下表面距离水面4cm时，圆柱体浸没在水中，再向下运动时，浸入水中体积不变，浮力不变，拉力不变，故弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入深度h变化的关系图如下图所示： 故答案为：（1）③；（2）②④；（3）1.2；（4）0；（5）如上图所示。 【点评】本题探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系，考查了测力计读数、称重法测浮力、数据分析、控制变量法和归纳法的运用。 六、计算题（本大题共3小题，共20分） 31．（8分）如图所示，“国货之光”红旗H9是令人向往的一款汽车，其总质量为1.8t，轮胎与水平地面接触的总面积约为0.04m2。求： （1）汽车对水平地面的压强为多大？ （2）汽车做匀速直线运动时所受阻力为总重的0.02倍，过程中汽车受的牵引力为多大？ 【分析】（1）根据G＝mg可求得汽车的总重力，汽车对水平地面的压力等于其重力； （2）汽车做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据F＝f＝0.02G求出其大小。 【解答】解：（1）已知汽车总质量m＝1.8t＝1.8×103kg，汽车的重力： G＝mg＝1800kg×10N/kg＝1.8×104N， 汽车对水平路面的压力：F压＝G＝1.8×104N； 该汽车静止于水平路面时，对地面的压强为： p＝＝＝4.5×105Pa； （2）因汽车做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力， 所以汽车受到的牵引力为： F＝f＝0.02G＝0.02×1.8×104N＝360N。 答：（1）汽车对水平地面的压强为4.5×105Pa； （2）此过程中汽车受的牵引力为360N。 【点评】本题考查了重力的计算、二力平衡条件的应用以及压强公式的应用，是一道较为简单的应用题。 32．如图所示，有一正方体物块A，用弹簧测力计在空气中竖直悬挂物块A，此时弹簧测力计示数为10N。然后将物块A浸没在水中，静止时弹簧测力计示数为6N。（g＝10N/kg）求： （1）物块A浸没在水中时受到的浮力大小； （2）物块A的体积； （3）物块A的密度。 【分析】（1）用弹簧测力计在空气中竖直悬挂物块A，物体重力等于此时弹簧测力计示数，根据称重法测浮力求物块A浸没在水中时受到的浮力大小； （2）利用阿基米德原理求物块A浸没水中时排开水的体积，物块A的体积等于物块A浸没水中排开水的体积； （3）利用G＝mg求物块A的质量，再利用密度公式求物块A的密度。 【解答】解：（1）由题知，物体A在空气中静止时弹簧测力计的示数F1＝10N，则物块重力G＝F1＝10N， 将物块A浸没在水中，静止时弹簧测力计的示数F2＝6N， 物块A受到的浮力： F浮＝G﹣F2＝10N﹣6N＝4N； （2）物块浸没在水中，由阿基米德原理可得，物块A的体积： V＝V排＝＝＝4×10﹣4m3； （3）物块A的质量： m＝＝＝1kg， 物块A的密度： ρ＝＝＝2.5×103kg/m3。 答：（1）物块A浸没在水中时受到的浮力大小为4N； （2）物块A的体积为4×10﹣4m3； （3）物块A的密度为2.5×103kg/m3。 【点评】本题考查称重法测浮力、阿基米德原理、密度公式、重力公式的应用，关键知道物体浸没时排开水的体积与物体体积相等。 33．如图甲所示，水平放置的方形容器里有一个质量为6.4kg，边长为0.2m的正方体物块M，M与容器底部不贴合，以4mL/s的恒定水流向容器内注水，t＝1250s时，停止注水，容器中水的深度h随时间t的变化关系如图乙所示。求： （1）物块M的密度。 （2）图乙中a的值。 （3）停止注水后，给物块M施加一个外力，使其上表面与液面相平，求此时水对容器底的压强变化量。 【分析】（1）已知正方体物块M的棱长，由正方体的体积公式可求物块的体积，已知物块的质量，根据ρ＝求出物块的密度； （2）与水的密度进行比较，当水加入一定量时，确定物体的状态；由乙图可知：t＝400s时，水的深度变化变慢，说明此时物块M刚好处于漂浮状态（此后继续加水物块将缓慢上升），根据阿基米德原理求出此时物块M排开水的体积，再由V＝Sh可求出此时物块浸入水中的深度，即为此时水的深度a的值； （3）根据水的流速求出400s内注入水的体积，然后根据V＝Sh和物块的边长求出容器的底面积，停止注水后物块M处于漂浮状态，知道其排开水的体积；停止注水后，给物块M施加一个外力，使其上表面与液面相平，此时M排开水的体积等于M的体积，再求出排开水的体积变化量，最后根据ΔV排＝S容Δh求出液面高度的变化量。 【解答】解：（1）物块M的体积：V＝L3＝（0.2m）3＝8×10﹣3m3， 物块M的密度：＝0.8×103kg/m3； （2）由于物块的密度小于水的密度，因此当加入一定量水时，物块处于漂浮状态，当t＝400s时，物块M刚好处于漂浮状态， 则浮力为：F浮＝G＝mg＝6.4kg×10N/kg＝64N， 根据阿基米德原理，物块M排开水的体积：V排＝＝＝6.4×10﹣4m3， 此时水的深度：a＝＝0.16m＝16cm； （3）t＝400s注入容器内水的体积：V水＝4mL/s×400s＝1600mL＝1600cm3， 因t＝400s时，物块M刚好处于漂浮状态，则前400s是在物块M的周围注水，所以V水＝（S容﹣400cm2）×16cm， 解得容器的底面积：S容＝500cm2， 停止注水后，物块M处于漂浮状态，其排开水的体积为6.4×10﹣4m3，停止注水后，给物块M施加一个外力，使其上表面与液面相平，此时M排开水的体积为8×10﹣3m3， 则排开水的体积变化量：ΔV＝V﹣V排＝8×10﹣3m3﹣6.4×10﹣3m3＝1.6×10﹣3m3＝1600cm3， 液面高度变化量：Δh＝＝3.2cm， 水对容器后的压强变化量：＝320Pa。 答：（1）物块M的密度为0.8×103kg/m3； （2）图乙中a的值为16cm； （3）此时水对容器底的压强变化量320Pa。 【点评】此题是一道力学综合题，熟练运用阿基米德原理、液体压强公式、密度公式；准确分析图象中的信息，方可解答此题。 第1页（共1页）

2021-2022学年福建省南平三中九年级（上）第二次月考物理试卷 一、选择题（每小题2分，共32分，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请在答题卡的相应位置填涂） 1．（2分）最先研究出电流与电压和电阻三者之间关系的科学家的是（　　） A．欧姆 B．安培 C．伏特 D．焦耳 2．（2分）下列对有关物理量的估计，最接近实际的是（　　） A．一节新5号干电池的电压是1.5V B．延平地区夏季中午的气温是24℃ C．用普通茶壶烧水，沸水的温度可达150℃ D．对人体的安全电压是36V 3．（2分）古诗《长歌行》中，有诗句“青青园中葵，朝露待日晞”。诗中所说的“露”的形成过程属于（　　） A．凝固 B．液化 C．升华 D．凝华 4．（2分）2020年11月24日在文昌航天发射场，用长征五号遥五运载火箭成功发射探月工程“嫦娥五号”探测器。图是火箭发射升空的情景，火箭在发射时选用液态氢做燃料，主要是液态氢的（　　） A．热值大 B．比热容大 C．密度大 D．内能大 5．（2分）如图，气球与头发摩擦，头发会随着气球飘起来。下列说法正确的是（　　） A．气球与头发摩擦创造了电荷 B．气球因摩擦带电而成为导体 C．气球若带负电荷，则头发带正电荷 D．气球与头发因带同种电荷而互相吸引 6．（2分）当滑动变阻器的滑片向b端滑动时，下列四种接法中，变阻器阻值变大的是（　　） A． B． C． D． 7．（2分）图中，属于机械能转化为内能的是（　　） A．水沸腾后将塞子冲出 B．活塞迅速下压棉花燃烧 C．汽油机做功冲程 D．铁锅热得烫手 8．（2分）同一电路中的两盏灯，测得L1两端的电压为2V，L2端的电压为2V，则可以断定灯L1与L2的连接方式为（　　） A．一定并联 B．一定串联 C．可能并联、可能串联 D．无法判断 9．（2分）由同种材料制成的AB和BC两段导体，它们的长度相同，AB的横截?积?BC的小，将它们按照如图所?的?式串联在电路中，不计温度的影响，下列判断正确的是（　　） A．RAB＜RBC IAB＞IBC B．RAB＞RBC IAB＜IBC C．RAB＜RBC IAB＝IBC D．RAB＞RBC IAB＝IBC 10．（2分）在新冠肺炎疫情期间，为加强对进校人员的管控，学校对电动门控制系统进行了改造：进校人员在体温正常且配戴口罩的情况下，电动机方可工作开启电动门。用S1闭合表示体温正常，用S2闭合表示配戴了口罩，则符合改造要求的电路是（　　） A． B． C． D． 11．（2分）两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。根据图线可知（　　） A．如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同 B．加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量 C．加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多 D．甲液体的比热容大于乙液体的比热容 12．（2分）如图甲所示，将质量相等的甲、乙两种物质分别装在两个相同的试管中，放入装有水的烧杯中加热。绘制出温度随时间变化的图象，如图乙所示，下列说法正确的是（　　） A．甲物质是晶体，乙物质是非晶体 B．0～2min内乙物质比甲物质吸收的热量多 C．乙物质在BC段不断吸热，温度不变，内能增加 D．乙物质在AB段的比热容比CD段的比热容大 13．（2分）在如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均为图乙所示，则灯泡L1和L2中的电流分别为（　　） A．1.2A，0.22A B．0.98 A，0.22 A C．0.96 A，0.24 A D．0.24 A，1.2 A 14．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，开关S闭合，灯L1和L2都正常发光。一段时间后，突然其中一灯熄灭，而电压表和电流表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是（　　） A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路 15．（2分）如图所示的电路中，若闭合开关S1、S2，小灯泡均能正常发光，电流表和电压表均有示数，下列对电路分析正确的是（　　） A．电压表只能测量灯L2两端电压 B．若闭合S1、S2，电流表测量干路电流 C．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变 D．若先闭合S1，再闭合S2，电流表示数不变 16．（2分）小南设计了一种输液提示器，在护士站也能够观察到病人输液药袋中药量的变化，药袋用弹簧悬挂，“〇”是用电表改造而成的药量表，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．药量表由电压表改造而成，药液量减少时示数变小 B．药量表由电压表改造而成，药液量减少时示数变大 C．药量表由电流表改造而成，药液量减少时示数变小 D．药量表由电流表改造而成，药液量减少时示数变大 二、填空题（每空1分，共13分） 17．（2分）在干燥的天气里，用塑料梳子梳头，发现越梳头发越蓬松，同时梳子还能吸引碎纸屑。前者是因为头发带 　 　（选填“同”或“异”）种电荷而相互 　 　；后者是因为带电体有 　 　的性质。 18．（3分）端午节时很多人家会煮粽子。煮粽子的水在沸腾过程中温度 　 　；打开锅盖取粽子时要注意防烫伤，因为水蒸气液化 　 　（选填“吸热”或“放热”）；剩下的粽子放入冰箱冷冻后再取出时，粽子表面有一层白霜，这是 　 　现象（填物态变化名称）。 19．（2分）如图所示，某手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，这两个输出端的连接方式是 　 　联；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的 　 　。 20．（2分）如图所示，在电路中要使灯L1和L2并联，应闭合开关　 　。为了防止短路，不能同时闭合开关　 　。 21．（2分）如图所示的电路中，闭合开关S后，两灯均发光，则甲是 　 　表，乙是 　 　表（均选填“电流”或“电压”）。 22．（2分）在某一温度下，连接在电路中的两段导体甲和乙的电流与其两端电压的关系如图所示，由图中信息可知R甲　 　R乙（填“大于”、“等于”或“小于”），通过乙导体的电流为0.2A时，乙导体两端电压为 　 　V。 三、作图题（共4分） 23．请根据图实物图在方框内画出电路图 四、简答题（共4分） 24．将一个盛少量水的试管放在酒精灯上加热，过了一段时间后，会听到“砰”的一声，塞子飞出，同时可以看到管口附近出现了“白雾”。请回答下列问题： （1）解释塞子飞出的原因； （2）“白雾”是什么现象。 五、实验与探究题（每空1分，每图1分，共27分） 25．如图所示，电阻箱的读数为　 　Ω。 26．图甲是“探究水的沸腾特点”的实验装置。 （1）安装该实验装置时，应先固定图甲中的器材 　 　（选填“A”或“B”）； （2）当水温升高到90℃后，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数。某次数据没有记录，当时温度计示数如图甲所示，漏填的数据为 　 　； 时间t/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 水的温度t/℃ 90 92 94 98 98 98 98 98 98 （3）根据表格中数据分析可知：水沸腾时温度是 　 　℃； （4）图乙中（a）（b）是实验时观察到的气泡在水中上升过程的两种情况，则图 　 　是水在沸腾前的情况； （5）给一定质量的水加热，其温度与时间关系如图丙中a图象所示。若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间关系的图象正确的是 　 　。 A．图象a B．图象b C．图象c D．图象d 27．“探究物质的吸热能力”实验装置如图。 （1）两个相同的烧杯中装有 　 　（选填“质量”或“体积”）相同且初温相同的煤油和水，用规格相同的电加热器给它们加热，目的是在相同时间内保证煤油和水 　 　相同。 （2）根据实验数据分别描绘出了煤油、水的温度随加热时间变化如图丙所示，由图像可知，煤油和水吸收相同的热量时，　 　升温快，由此可知，　 　吸热本领强。 28．如图所示，小明在“探究串联电路电压特点”的实验中： （1）实验中最好选择规格 　 　（填“相同”或“不同”）的小灯泡，某次测量时，电压表的示数如图乙所示，则此时灯L1两端的电压为 　 　V。 （2）闭合开关后，小明发现L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近3V，则电路中出现的故障可能是L1发生了 　 　（选填“短路”或“断路”）。 （3）排除故障后，小明在测量了灯L1两端的电压后，断开开关，然后将AE导线的A端松开，接到D接线柱上，闭合开关测量灯L2两端的电压。小明的做法是 　 　（选填“正确”或“错误”）的，理由是 　 　。 （4）小明进行多次实验的主要目的是 　 　（填序号）。 ①寻找普遍规律 ②减小实验误差 29．某实验小组的同学们用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”的实验。 （1）连接电路时，开关应该 　 　； （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于 　 　（选填“A”或“B”）端； 试验次数 1 2 3 4 5 电压U/V 1.2 1.4 1.6 1.8 2.0 电流I/A 0.24 0.28 0.32 0.4 （3）闭合开关，同学们发现，电流表有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是 　 　； （4）实验中通过调节滑动变阻器滑片P，测出通过定值电阻R的不同电流和对应的电压值如表，第4次实验电流表示数如图乙所示，则此时电流表示数为 　 　A，通过分析表中的数据能够得出的结论是 　 　。 30．某同学为了探究电流跟电阻的关系，连接了如图甲所示的电路，电源电压4.5V恒定不变，四个定值电阻的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω和20Ω。 （1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整（要求滑片向左滑动时，变阻器连入电路的电阻变大，且导线不能交叉）； （2）先将5Ω定值电阻接入电路，滑片P移到阻值最大处，闭合开关，此时电压表示数为0.9V；移动滑片P的同时，眼睛应注视 　 　使其示数为某一预设值，记下电流表示数为0.5A；之后断开开关，保持滑片P的位置不变，换用10Ω的定值电阻接入电路，该位同学直接闭合了开关，则此时电压表的示数将 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。如果该位同学想要继续实验，则应将滑动变阻器的滑片P应向 　 　（填“左”或“右”）端移动；由图乙知应使电压表的示数为 　 　V，并记录下电流表的示数。 （3）该同学多次实验得到如图乙所示的图象。由图象可以得出结论：　 　。 六、计算题（31题6分，32题6分，33题8分，共计20分） 31．在如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻R2＝20Ω，闭合开关S后，电流表A1示数为0.5A，电流表A2的示数为0.3A，求： （1）电源电压； （2）电阻R1的阻值。 32．如图所示，电源电压为9V且保持不变，R1＝30Ω，闭合开关后，电压表示数为3V，求： （1）电阻R1两端的电压为多少伏？ （2）电阻R2的阻值为多少欧？ 33．燃气灶烧水时，把质量为4kg、初温为20℃的水加热到100℃，完全燃烧了0.04m3天然气。已知天然气热值为8.4×107J/m3，则：[c水＝4.2×103J/（kg?℃）] （1）水吸收的热量为多少J？ （2）天然气完全燃烧放出的热量多少J？ （3）该天然气灶烧水时效率为多大？ 2021-2022学年福建省南平三中九年级（上）第二次月考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（每小题2分，共32分，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请在答题卡的相应位置填涂） 1．【解答】解：A、欧姆是最早总结出电压、电流、电阻三者规律的物理学家，故A正确； B、安培是最早提出电流这一概念的物理学家，故B错误； C、伏特的主要贡献是发明了伏特电池，故C错误； D、历史上第一个成功研究热和功关系及电流热效应的科学家是焦耳，他总结出来著名的焦耳定律，故D错误。 故选：A。 2．【解答】解：A、一节新5号干电池的电压是1.5V，符合实际，故A正确； B、延平地区夏季中午的气温是34℃左右，故B错误； C、用普通茶壶烧水，沸水的温度不会达到150℃，一般是100℃左右，故C错误； D、对人体的安全电压是不高于36V，故D错误。 故选：A。 3．【解答】解：露是空气中的水蒸气温度降低时变成小水珠，是液化过程。 故选：B。 4．【解答】解：火箭在发射时选用液态氢做燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；故A正确，BCD错误。 故选：A。 5．【解答】解：气球与头发摩擦后，摩擦过程中气球得到电子带负电，头发失去电子的带正电；相互靠近时出现了如图所示的吸引现象，是因为异种电荷互相吸引。摩擦起电现象实质是电荷的转移，并没有创造电荷，也没有把气球变成导体。 故选：C。 6．【解答】解： A、由图可知，滑动变阻器同时接上面两个接线柱，滑动变阻器接入电路的电阻为零，移动滑片，滑动变阻器接入电路的阻值不变，故A不符合题意； B、由图可知，向右（b端）移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，滑动变阻器连入电路的阻值变小，故B不符合题意； C、由图可知，向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变长，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故C符合题意； D、由图可知，向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变短，滑动变阻器连入电路的阻值变小，故D不符合题意。 故选：C。 7．【解答】解： A、水沸腾后将塞子冲出，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故A错误； B、活塞迅速下压，对里面的空气做功，空气的内能增加，机械能转化为内能，空气的温度升高，使棉花燃烧，故B正确； C、汽油机做功冲程中，内能转化为机械能，故C错误； D、铁锅热得烫手是能量的转移，不存在能量的转化，故D错误。 故选：B。 8．【解答】解：因为两个完全相同的灯泡在串联电路中分得的电压相同；并联电路中各支路两端的电压相等，所以这两个规格未知的灯泡，其连接可能是串联也可能是并联。 故选：C。 9．【解答】解：已知AB和BC是由同种材料制成的且长度相同，BC的横截?积?于AB的横截?积，所以BC的 电阻?于AB的电阻；因为串联电路处处电流相等，所以通过两段导体的电流：IAB＝IBC，故D正确。 故选：D。 10．【解答】解：进校人员在体温正常且配戴口罩的情况下，电动机方可工作开启电动门，即两个开关同时闭合电路才能接通电路，只闭合其中任一开关，电路不能连通，故两开关串联后再与电动机串联，只有D正确。 故选：D。 11．【解答】解： A、由题意知，同一热源分别加热，加热相同的时间，甲与乙液体吸收的热量相同。故A错误； B、加热时间相同，则甲乙吸收的热量相同。故B错误； C、由图象可知，加热相同的时间，甲比乙液体温度升高的少。故C错误。 D、由公式Q＝cmΔt变形得：c＝，由图象可知，质量和吸收的热量都相同的甲、乙两种液体，甲液体升高的温度低，所以甲比乙液体的比热容大。故D正确； 故选：D。 12．【解答】解：A、由图乙可知，乙物质在第2min到第4min温度保持不变，所以乙为晶体，甲为非晶体，故A错误； B、0～2min时间内，加热时间相同，两物质吸收热量相同，故B错误； C、因为乙为晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大，故乙物质在BC段不断吸热，温度不变，内能增加，故C正确； D、根据公式Q吸＝cmΔt可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热容c和升高的温度Δt成反比，AB段温度升高的快，是因为该物质固态时的比热容比液态时的比热容小；故D错误。 故选：C。 13．【解答】解： 由电路图可知，两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流； 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则A1的示数应大于A2的示数，而两个电流表指针偏转角度相同，所以电流表A1选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，则电流表A1的示数为1.2A，即干路电流I总＝1.2A； 电流表A2选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，则电流表A2的示数为0.24A，即通过灯L2的电流I2＝0.24A； 那么通过灯L1的电流：I1＝I总﹣I2＝1.2A﹣0.24A＝0.96A。 故选：C。 14．【解答】解： A、如果灯泡L1短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零。此选项不符合题意； B、如果灯泡L2短路，整个电路短路，电流表电压表示数都变为零。此选项不符合题意； C、如果灯泡L1断路，不发光；电流表断路无示数。此选项不符合题意； D、如果灯泡L2断路，电流表测量L1支路电流不受影响，示数不变；电源电压不变，电压表示数不变。此选项符合题意。 故选：D。 15．【解答】解： AB、闭合S1、S2，该电路为并联电路；开关S1接在干路中，控制整个电路；电流表测量的是通过灯泡L1的电流；由于并联电路中各支路两端的电压都等于电源电压，所以电压表即能测量灯L2两端电压，又能测量灯L1两端电压和电源电压，故AB错误； CD、若先闭合S1，该电路为L1的简单电路，电流表测量通过L1的电流，由于S2断开，电压表未接入电路中，示数为0；再闭合S2，该电路为并联电路，电流表测量通过L1的电流，根据并联电路互不影响可知，电流表示数不变；此时电压表测量电源电压，电压表的示数变大，故C错误，D正确。 故选：D。 16．【解答】解：由图可知，药量表串联接入电路中，为电流表； 药液量减少时，滑片在弹簧的拉力的作用下向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，在电压一定时，电路中的电流变小，即药量表示数变小，故C正确。 故选：C。 二、填空题（每空1分，共13分） 17．【解答】解：用塑料梳子梳头，发现越梳头发越蓬松，是因为头发带上同种电荷，同种电荷相互排斥的结果。 梳子还能吸引碎纸屑，是因为梳子由于与头发摩擦而带电，带电体能够吸引轻小物体。 故答案为：同；排斥；吸引轻小物体。 18．【解答】解： （1）煮粽子的水在沸腾过程中，吸收热量，温度保持不变； （2）打开锅盖取粽子时，锅内的水蒸气遇冷液化形成小水珠，同时向外界放出热量使外界温度升高； （3）粽子放入冰箱冷冻后再取出时，空气中的水蒸气遇冷从气态直接变为固态的霜，是凝华现象。 故答案为：不变；放热；凝华。 19．【解答】解： （1）移动电源给手机充电过程中，各手机间互不影响，所以输出端的连接方式是并联。 （2）用移动电源为手机充电时，手机消耗电能，则手机相当于电路中的用电器。 故答案为：并；用电器。 20．【解答】解：由电路图可知，要使电灯L1和L2并联，两只灯泡需要独立与电源组成通路，所以应闭合开关S1、S3； 为了防止电路出现短路，不能同时闭合开关S2、S3。 故答案为：S1、S3；S2、S3。 21．【解答】解：闭合开关S后，两个灯泡都能发光；若乙是电流表，则灯泡L2会被短路，所以乙是电压表，甲与灯泡L2串联，为电流表，则两个灯泡组成并联电路。 故答案为：电流；电压。 22．【解答】解： （1）由图象可知，当U＝3V时，I甲＝0.6A，I乙＝0.3A， 则根据I＝可得两导体的电阻分别为： R甲＝＝＝5Ω， R乙＝＝＝10Ω，所以R甲＜R乙； （2）由图象可知：通过乙导体的电流为0.2A时，乙导体两端电压为2V。 故答案为：小于；2。 三、作图题（共4分） 23．【解答】解：由实物图可知，电流从正极流出经电流表A1开始分支，一支经灯泡L1，另一支经灯泡L2、电流表A2、然后两支汇合共同经过开关S回到电源负极。如图所示； 四、简答题（共4分） 24．【解答】答：（1）对水持续加热，试管中产生大量水蒸气，水蒸气膨胀做功，将软木塞推出，塞子被推出的过程中，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故塞子能飞出； （2）水蒸气膨胀对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能会减小，温度降低；水蒸气液化形成“白雾”。 五、实验与探究题（每空1分，每图1分，共27分） 25．【解答】解：电阻箱的示数：5×1000Ω+6×100Ω+8×10Ω+7×1Ω＝5687Ω。 故答案为：5687。 26．【解答】解：（1）按照自下而上的顺序，方便组装仪器，先固定器材B。 （2）温度计的分度值为1℃，读数为96℃。 （3）由图象看出，水沸腾时的温度为98℃，故沸点为98℃。 （4）沸腾前气泡越往上越小，故b图中的情景符合。 （5）根据Q＝cmΔt可知，若其他条件不变，仅将水的质量增加，水的沸腾温度不变，水达到沸腾需要吸收更多的热量，所用时间会增加，则温度与时间关系的图象正确的是图象c. 故答案为：（1）B；（2）96℃；（3）98℃；（4）b；（5）c。 27．【解答】解：（1）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同（煤油和水密度不同，根据m＝ρV，体积相同的煤油和水质量不同），故两个相同的烧杯中装有质量相同且初温相同的煤油和水，用规格相同的电加热器给它们加热，根据转换法，目的是在相同时间内保证煤油和水吸收的热量相同； （2）根据描绘出的煤油、水的温度随加热时间变化图像可知，煤油和水吸收相同的热量时（加热相同时间时），煤油升温快，水升温慢，由比较吸热能力的方法，水吸热本领强。 故答案为：（1）质量；吸收的热量；（2）煤油；水。 28．【解答】解：（1）为了避免偶然性，寻找普遍规律，实验中要选择规格不相同的灯泡进行实验； 由图甲可知，电压表选用的是小量程，其分度值是0.1V，由图乙可知此时电压表的示数是1.9V； （2）闭合开关S后，灯L1、L2均不发光，而电压表的示数大小接近电源电压3V，说明此时电压表的正负接线柱与电源两极相连，则灯L1发生断路； （3）如图，如果将AE导线的A端松开，接到D接线柱上来测量灯L2两端的电压，这样电流从电压表的“﹣”接线柱流入，从“+”接线柱流出了，电压表的正负接线柱接反了，则小明的做法是错误的； （4）实验中用不同规格的灯泡进行多次实验的目的是：寻找普遍规律，避免偶然性，故选①。 故答案为：（1）不同；1.9；（2）断路；（3）错误；电压表的正负接线柱接反了；（4）①。 29．【解答】解：（1）连接电路时，开关应该断开； （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处即B端。 （3）闭合开关，电压表示数接近电源电压，可能是与电压表并联的定值电阻断路，或滑动变阻器短路，电流表有示数，说明电路不是断路，因此原因可能是滑动变阻器短路。 （4）第4次实验电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A．则此时电流表示数为0.36A，通过分析表中的数据可发现：导体两端的电压增大，通过导体的电流也增大，且通过导体的电流与导体两端的电压的比值保持不变，即能够得出的结论：在电阻不变时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。 故答案为：（1）断开；（2）B；（3）滑动变阻器短路；（4）0.36；在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比。 30．【解答】解：（1）滑动变阻器和电流表、定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据滑动变阻器的滑片向左滑动时，变阻器连入电路的电阻变大，确定变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示： ； （2）移动滑片P的同时，眼睛应注视电压表使其示数为某一预设值，并记下电流表示数；定值电阻由5Ω换成10Ω，根据串联电路的分压原理可知，此时定值电阻两端的电压变大； 要保持定值电阻两端的电压不变，需要滑动变阻器更大的阻值来分压，故动变阻器的滑片P应向左端移动； 根据乙图图象，电阻两端的电压始终保持：UV＝IR＝0.5A×5Ω＝0.25A×10Ω＝2.5V，即应使电压表的示数为2.5V； （3）分析图乙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，说明当导体两端的电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。 故答案为：（1）如图所示；（2）电压表；变大；左；2.5；（3）当导体两端的电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。 六、计算题（31题6分，32题6分，33题8分，共计20分） 31．【解答】解：（1）根据欧姆定律可得： 电源电压U＝I2R2＝0.3A×20Ω＝6V； （2）∵并联电路干路电流等于各支路电流之和， ∴通过电阻R1的电流I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.3A＝0.2A， 电阻R1的阻值R1＝＝＝30Ω。 答：（1）电源的电压为6V； （2）电阻R1的阻值是30Ω。 32．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）由电压表示数为3V可知，电阻R2两端的电压U2＝3V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R1两端的电压： U1＝U﹣U2＝9V﹣3V＝6V； （2）因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流： I＝＝，即＝， 解得：R2＝15Ω。 答：（1）电阻R1两端的电压为6V； （2）电阻R2的阻值为15Ω。 33．【解答】解：（1）水吸收的热量： Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×4kg×（100℃﹣20℃）＝1.344×106J， （2）天然气完全燃烧放出的热量： Q放＝Vq＝0.04m3×8.4×107J/kg＝3.36×106J； （3）燃气灶的效率： η＝×100%＝×100%＝40%； 答：（1）水吸收的热量为1.344×106J； （2）天然气完全燃烧放出的热量为3.36×106J； （3）该天然气灶烧水时效率为40%。 第1页（共1页）