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  • ID:6-7131453 2020年天津市河西区高考物理模拟试卷(3月份)

    高中物理/高考专区/模拟试题

    2020年天津市河西区高考物理模拟试卷(3月份) 一、选择题(共5小题,满分25分) 1.(5分)下列核反应属于α衰变的是(  ) A.B+He→N+n B.Al+H→Mg+He C.Th→Ra+He D.H+H→He 2.(5分)下列说法正确的是(  ) A.一定质量的理想气体,温度不变时,体积减小,压强减小 B.在失重的情况下,密闭容器内的气体对器壁没有压强 C.外界对气体做功,气体的内能一定增大 D.气体的温度越高,气体分子无规则运动的平均动能越大 3.(5分)一列简谐横波在某时刻的波形图如图1所示,已知图中质点b的起振时刻比质点a延迟了0.5s,b和c之间的距离是5m,以下说法正确的是(  ) A.此列波的波长为2.5m B.此列波的频率为2Hz C.此列波的波速为2.5m/s D.此列波的传播方向为沿x轴正方向传播 4.(5分)如图所示,原、副线圈匝数比为100:1的理想变压器,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想电表,从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u1=310sin314t(V),则(  ) A.当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为3.1V B.副线圈两端的电压频率为50Hz C.当单刀双掷开关由a扳向b时,原线圈输入功率变小 D.当单刀双掷开关由a扳向b时,电压表和电流表的示数均变小 5.(5分)如图为“嫦娥一号”某次在近地点A由轨道1变轨为轨道2的示意图,其中B、C分别为两个轨道的远地点。关于上述变轨过程及“嫦娥一号”在两个轨道上运动的情况,下列说法中正确的是(  ) A.“嫦娥一号”在轨道1的A点处应点火加速 B.“嫦娥一号”在轨道1的A点处的速度比在轨道2的A点处的速度大 C.“嫦娥一号”在轨道1的B点处的速度比在轨道2的C点处的速度小 D.“嫦娥一号”在轨道1的B点处的加速度比在轨道2的C点处的加速度小 二、选择题(每小题给出的四个选项中,有多个选项正确.每小题5分,全对的得5分,选不全得3分,选错或不答得0分,共15分) 6.(5分)(多选题) 如图所示,物体自 O点由静止开始做匀加速直线运动,A、B、C、D为其运动轨迹上的四点,测得AB=2m,BC=3m,且物体通过AB、BC、CD所用的时间相等,则下列说法正确的是(  ) A.可以求出物体加速度的大小 B.可以求得CD=4m C.可以求得OA之间的距离为1.5m D.可以求得OA之间的距离为1.125m 7.(5分)如图所示,虚线a、b、c代表电场中三个等势面,相邻等势面之间的电势差相同,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹,P、Q是这条轨迹上的两点,由此可知(  ) A.三个等势面中,c等势面电势最高 B.带电质点通过P点时电势能较大 C.带电质点通过Q点时动能较大 D.带电质点通过P点时加速度较小 8.(5分)彩虹是悬浮于空气中的大量小水珠对阳光的色散造成的,如图所示为太阳光照射到空气中的一个小水珠发生反射和色散的光路示意图,其中a、b为两束频率不同的单色光.对于这两束光,以下说法中正确的是(  ) A.单色光a比单色光b的频率高 B.由水射向空气,a光发生全反射的临界角大于b光发生全反射的临界角 C.在水中a光的传播速度小于b光的传播速度 D.如果b光能使某金属发生光电效应,则a光也一定能使该金属发生光电效应 三、解答题(共4小题,满分60分) 9.(12分)(1)如图为“用DIS(位移传感器、数据采集器、计算机)研究加速度和力的关系”的实验装置。用钩码所受的重力作为小车所受外力,用DIS测小车的加速度。 ①在该实验中必须采用控制变量法,应保持   不变, ②改变所挂钩码的数量,多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a﹣F关系图线(如图所示)。分析此图线的OA段可得出的实验结论是   。 ③此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是    A.小车与轨道之间存在摩擦 B.导轨保持了水平状态 C.所挂钩码的总质量太大 D.所用小车的质量太大 (2)某同学要测量一节干电池的电动势和内阻。老师提供的以下器材 a.电压表V(15V,10kΩ) b.电流表G(量程3.0mA,内阻Rg=10Ω) c.电流表A(量程0.6A,内阻约为0.5Ω) d.滑动变阻器R1(0~20Ω,10A) e.滑动变阻器R2(0~100Ω,1A) f.定值电阻R3=990Ω g.开关S和导线若干 ①用所给的器材在方框中画出实验的原理图。 ②为了能准确地进行测量,同时为了操作方便,实验中应选用的滑动变阻器是   (填写器材编号) ③该同学利用上述实验原理图测得以下数据,并根据这些数据绘出了如图所示的图线,根据图线可求出电源的电动势E=   V(保留三位有效数字),电源的内阻r=   Ω(保留两位有效数字) 序号 1 2 3 4 5 6 电流表G(I1/mA) 1.37 1.35 1.26 1.24 1.18 1.11 电流表A(I2/A) 0.12 0.16 0.21 0.28 0.36 0.43 10.(14分)一个平板小车置于光滑水平面上,其右端恰好和一个光滑圆弧轨道AB的底端等高对接,如图所示。已知小车质量M=3.0kg,长L=2.06m,圆弧轨道半径R=0.8m,现将一质量m=1.0kg的小滑块由轨道顶端A点无初速释放,滑块滑到B端后冲上小车。滑块与小车上表面间的动摩擦因数μ=0.3.(取g=10m/s2),试求: (1)滑块到达B端时,轨道对它支持力的大小; (2)小车运动1s时,车右端距轨道B端的距离; (3)滑块与车面间由于摩擦而产生的内能。 11.(16分)如图是某屏蔽高能粒子辐射的装置,铅盒左侧面中心O有一放射源可通过铅盒右侧面的狭缝MQ向外辐射α粒子,铅盒右侧有一左右边界平行的匀强磁场区域。过O的截面MNPQ位于垂直磁场的平面内,OH垂直于MQ.已知∠MOH=∠QOH=53°.α粒子质量m=6.64×10﹣27kg,电荷量q=3.20×10﹣19C,速率v=1.28×107m/s;磁场的磁感应强度B=0.664T,方向垂直于纸面向里;粒子重力不计,忽略粒子间的相互作用及相对论效应,sin53°=0.80,cos53°=0.60。 (1)求垂直于磁场边界向左射出磁场的粒子在磁场中运动的时间t; (2)若所有粒子均不能从磁场右边界穿出,即达到屏蔽作用,求磁场区域的最小宽度d。 12.(18分)如图所示,空间等间距分布着水平方向的条形匀强磁场,竖直方向磁场区域足够长,磁感应强度B=1T,每一条形磁场区域的宽度及相邻条形磁场区域的间距均为d=0.5m,现有一边长l=0.2m、质量m=0.1kg、电阻R=0.1Ω的正方形线框MNOP以v0=7m/s的初速从左侧磁场边缘水平进入磁场,求: (1)线框MN边刚进入磁场时受到安培力的大小F; (2)线框从开始进入磁场到竖直下落的过程中产生的焦耳热Q; (3)线框能穿过的完整条形磁场区域的个数n。 2020年天津市河西区高考物理模拟试卷(3月份) 参考答案与试题解析 一、选择题(共5小题,满分25分) 1.【解答】解:A、方程B+He→N+n;是人工核反应方程,是方向中子的核反应方程。故A错误; B、方程Al+H→Mg+He,该反应是人工核反应方程。故B错误; C、方程Th→Ra+He,是Th原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程。故C正确; D、方程H+H→He是轻核的聚变反应。故D错误。 故选:C。 2.【解答】解:A、根据理想气体状态方程,一定质量的理想气体,温度不变时,体积减小,压强将增加,故A错误; B、密闭容器内的气体的压强是气体分子与器壁碰撞产生与是否处于失重状态无关,故B错误; C.根据热力学第一定律公式△U=W+Q,外界对气体做功,气体的内能不一定增大,故C错误; D.温度是分子热运动平均动能的标志,故气体的温度越高,气体分子无规则运动的平均动能越大,故D正确; 故选:D。 3.【解答】解:A、由图知,b和c之间的距离等于波长,则λ=5m。故A错误。 B、由题,0.5s=(n+)T,n=0,1,2…,T= s,频率f==(2n+1)Hz,由于n是整数,f不可能等于2Hz.故B错误。 C、波速为v=λf=5(2n+1)m/s,由于n是整数,v不可能等于2.5m/s。故C错误。 D、质点b的起振时刻比质点a延迟了0.5s,则得波沿x轴正方向传播。故D正确。 故选:D。 4.【解答】解:A、当单刀双掷开关与a连接时,匝数之比为100:1,在原线圈c、d两端加上瞬时值为u1=310sin314t(V)的交变电压,故原线圈的最大电压为310V,副线圈的电压最大值为3.1V,有效值为V=V,故A错误; B、在原线圈c、d两端加上瞬时值为u1=310sin314t(V)的交变电压,角速度ω=314rad/s,故频率f==50Hz,变压器不改变频率,故副线圈两端的电压频率不变,故B正确; CD、当单刀双掷开关由a扳向b时,匝数之比减小为50:1,输出电压增大,电压表和电流表的示数均变大,故输出功率变大,输入功率等于输出功率,也变大,故CD错误。 故选:B。 5.【解答】解:A、“嫦娥一号”从轨道1变轨到轨道2的过程就是离心运动的过程,在A点时万有引力不变,“嫦娥一号”做离心运动,应点火加速,故A正确; B、因为“嫦娥一号”在轨道1的A点处点火加速,所以在轨道1的A点处的速度比在轨道2的A点处的速度小,故B错误; C、轨道1的B点比在轨道2的C点离中心天体近,假设“嫦娥一号”在轨道1和2上做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力可知,,解得:v=,则“嫦娥一号”在B点处的速度比在C点处的速度大,虽然“嫦娥一号”在轨道1和2上做椭圆运动,但速度关系不变,故C错误; D、根据牛顿第二定律得:=ma,轨道1的B点比在轨道2的C点离中心天体近,所以在轨道1的B点处的加速度比在轨道2的C点处的加速度大,故D错误。 故选:A。 二、选择题(每小题给出的四个选项中,有多个选项正确.每小题5分,全对的得5分,选不全得3分,选错或不答得0分,共15分) 6.【解答】解:A、由△s=at2可得物体的加速度a的大小为:,因为不知道时间,所以不能求出加速度,故A错误; B、根据sCD﹣sBC=sBC﹣sAB=1m,可知sCD=3+1m=4m,故B正确; C、物体经过B点时的瞬时速度vB为:= 再 vt2=2as可得OB两点间的距离sOB为:m 所以O与A间的距离sOA为:sOA=sOB﹣sAB=(3.125﹣2)m=1.125m,故C错误,D正确。 故选:BD。 7.【解答】解:A、电荷所受电场力指向轨迹内侧,由于电荷带正电,因此电场线指向下方,沿电场线电势降低,故a等势线的电势最高,c等势线的电势最低,故A错误; B、根据质点受力情况可知,从P到Q过程中电场力做正功,电势能降低,故P点的电势能大于Q点的电势能,故B正确; C、从P到Q过程中电场力做正功,电势能减小,动能增大,故P点的动能小于Q点的动能,故C正确; D、由于相邻等势面之间的电势差相同。等势线密的地方电场线密场强大,故P点位置电场强,电场力大,根据牛顿第二定律,加速度也大,故D错误。 故选:BC。 8.【解答】解:A、进入水滴时,a、b两种光的入射角相等,而折射角不等,且光线b的折射角较小,根据折射率定义式,得到光线b折射率较大;由于折射率大的光频率也大,故b光线的光子的频率较大,故A错误; B、光从水射向空气时,根据折射率定义,得到临界角C=arcsin,故折射率大的临界角小,故b光线临界角较小,故B正确; C、根据光速与折射率关系v=,得到折射率大的光线速度小,故共线b速度较小,故C错误; D、光电效应的发生条件是入射光的频率大于极限频率,由于b光频率较大,故b光能使某金属发生光电效应,则a光不一定能使该金属发生光电效应,故D错误; 故选:B。 三、解答题(共4小题,满分60分) 9.【解答】解:(1)①在该实验中采用控制变量法,应保持小车的质量不变,探究加速度与合外力的关系。 ②分析a﹣F关系图线的OA段,为过原点的直线,说明在质量不变的条件下,加速度与外力成正比。 ③本实验是在小车质量远大于钩码的质量时,用钩码的重力代替绳子的拉力F,随着钩码质量的增加,小车质量不再满足远大于钩码的质量,a﹣F图象AB段明显偏离直线,故C正确,ABD错误。 故选:C。 (2)①②电压表量程太大,电表要选择合适的量程,将电流表G串联电阻R3改装成电压表使用,为方便实验操作,应选最大阻值较小的滑动变阻器d,同时滑动变阻器限流连接,电路图如图所示: ③由电路图可知,在闭合电路中,电源电动势为:E=I1(R3+Rg)+I2r 解得:I1=﹣?I2, 由图象知直线与纵轴交点坐标值为:=1.47mA 电源电动势为:E=(R3+Rg)×1.47mA=0.00147×(990+10)V=1.47V, 直线斜率的绝对值:k===8.2×10﹣4,电源内阻r=k(R3+Rg)=8.2×10﹣4×(990+10)Ω=0.82Ω。 故答案为:(1)①小车质量;②在质量不变的条件下,加速度与外力成正比;③C;(2)①见解析;②d;③1.47;0.82。 10.【解答】解:(1)滑块从A端下滑到B端,由机械能守恒得: mgR=m 得:v0===4m/s 在B点,由牛顿第二定律得:FN﹣mg=m 解得轨道对滑块的支持力为:FN=30 N (2)滑块滑上小车后,假设滑块没有滑出小车二者同速,设速度为v,由动量守恒: mv0=(M+m)v, 代入数据得:v=1m/s 由能的转化和守恒得:μmg?△s=m﹣(M+m)v2; 滑块在小车上滑行长度为:△s=2m<L=2.06m 即滑块没有滑离小车。 当滑块滑上小车后,由牛顿第二定律, 对滑块有:﹣μmg=ma1 对小车有:μmg=Ma2 设经时间t两者达到共同速度, 则有:v0+a1t=a2t 代入数据解得:t=1 s 则小车运动1s时,车右端距轨道B端的距离:S===0.5 m (3)滑块与车面间由于摩擦而产生的内能为: Q=μmg△s=0.3×1×10×2J=6J 答: (1)滑块到达B端时,轨道对它支持力的大小是30N。 (2)小车运动1.6s时,小车右端离轨道B端的距离0.5m; (3)滑块与小车间由于摩擦而产生的内能是6J。 11.【解答】解:(1)粒子在磁场中做圆周运动时有, 粒子在磁场中运动的周期为:T====×10﹣6s, 由对称性可知,垂直于磁场边界向左射出磁场的粒子一定垂直于磁场射入, 粒子在磁场中运动轨迹为半圆,粒子的运动时间为:t=T=×10﹣6s; (2)洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得, 代入数据解得r=0.4m, 根据题意可知,沿OQ方向进入磁场的粒子运动轨迹与磁场右边界相切,则所有粒子均不能从磁场的右边界射出, 此时粒子的运动轨迹如图所示, 根据几何关系可知,此时磁场最小宽度为d=r+rsin53°=0.72m。 答:(1)求垂直于磁场边界向左射出磁场的粒子在磁场中运动的时间t为×10﹣6s; (2)若所有粒子均不能从磁场右边界穿出,即达到屏蔽作用,磁场区域的最小宽度d为0.72m。 12.【解答】解:(1)线框MN边刚进入磁场时有: (2)设线框竖直下落H时,速度为vH 由能量守恒得: 自由落体规律:vH2=2gH 解得: (3)只有在线框进入和穿出条形磁场区域时,才产生感应电动势,线框部分进入磁场区域x时有: 在t→t+△t时间内,由动量定理:﹣F△t=m△v 求和: 解得: 穿过条形磁场区域的个数为: 可穿过4个完整条形磁场区域。

    • 2020-04-04
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  • ID:6-7131449 2020年福建省三明市永安一中高考物理模拟试卷(3月份)

    高中物理/高考专区/模拟试题

    2020年福建省三明市永安一中高考物理模拟试卷(3月份) 一、选择题:本题共8小题,每小题6分,其中第14题~第18题只有一个选项正确,第19题~第21题有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分. 1.(6分)1923年,美国物理学家康普顿在研究X射线通过实物物质发生散射的实验时,发现了一个新的现象,后来称之为康普顿效应。图示是教材上解释康普顿效应的示意图,下列说法正确的是(  ) A.光子与电子不是正碰,不满足动量守恒定律 B.图中碰撞后光子频率v′可能等于碰撞前光子频率v C.图中碰撞后光子的速度可能小于碰撞前光子的速度 D.图中碰撞后光子的波长一定大于碰撞前光子的波长 2.(6分)擦黑板是值日生的工作之一。小张同学用大小为6N、方向与竖直黑板面成θ=37°角的力F沿着黑板竖直向上缓慢推动黑板擦。已知黑板擦的质量m=0.15kg,重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8.则下列说法正确的是(  ) A.黑板擦对黑板的压力为4.8N B.黑板擦与黑板之间的动摩擦因数为0.8 C.向上缓慢推动黑板擦的过程中,黑板擦机械能减小 D.向上缓慢推动黑板擦使其移动0.8m的过程中,黑板擦克服摩擦力做的功为2.64J 3.(6分)如图所示为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象,已知甲物体的位移图象为一过原点的拋物线的一部分,乙物体的位移图象为一斜线,则在0~t2时间内,下列说法正确的是(  ) A.甲物体在t1时刻和t2时刻的速度大小相等 B.t1时刻,乙物体的动能大于甲物体的动能。 C.甲物体做匀变速直线运动,乙物体做匀速直线运动 D.甲物体的平均速度与乙物体的平均速度相同 4.(6分)如图所示,一光滑绝缘斜面与水平面成45°角,匀强磁场的方向竖直向下,磁感应强度大小为B.把由三段导线ab、bc、ca构成的一个质量为m、边长为L的等边三角形线框静置于斜面上,导线ac与斜面底端平行,导线ac的a、c端分别接恒定电压的正、负两极。若三角形线框静止在斜面上,重力加速度为g,每段导线的电阻均为R,则恒定电压U的大小为 (  ) A. B. C. D. 5.(6分)2019年7月19日晚,“天宫二号”受控离轨并逐渐减小轨道半径,最后返回地球。如图所示,“天宫二号”在轨运行中,圆轨道距离地面的高度大约为400km,地球半径取6400km,g=9.8m/s2.下列说法正确的是(  ) A.“天宫二号”在轨运行的周期约为60 min B.“天宫二号”在轨运行的线速度小于7.9 km/s C.“天宫二号”返回地球途中,由于空气阻力做负功,地球引力做正功,“天宫二号”的机械能保持不变 D.“天宫二号”返回地球途中,轨道半径逐渐变小,引力势能减小,动能逐渐减小 6.(6分)如图所示的实线是两个等量异种点电荷形成的电场中的电场线,虚线是两个等量异种点电荷形成的电场中的五条等差势线,其中a所在的等势线是直线,取无限远处电势为零。相邻等势线的电势差为U,a、b、c是等势线上的点,d是电场线上的点,d所在的电场线为直线,且方向向下,不计点电荷的重力。下列说法正确的是(  ) A.若带正电的点电荷从d点由静止释放,则该点电荷沿电场线向下做匀加速运动 B.a所在的等势线电势可能不为零 C.将一带电荷量为q的正点电荷从a点移动到c点,其电势能一定增加2qU D.将一带电荷量为q的负点电荷从b点移动到c点,电场力做的功W=qU 7.(6分)如图所示,间距为L的两根足够长的光滑竖直导轨上部通过一阻值为R的定值电阻连通,整个装置处在方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一电阻为r、质量为m的导体棒cd以初速度v0沿导轨上滑,上滑一段时间后导体棒又沿导轨下滑。已知重力加速度为g,导轨电阻不计,导体棒与导轨始终接触良好。下列说法正确的是(  ) A.导体棒cd上滑的过程中,电流的方向为从d到c B.导体棒cd上滑的过程中做匀减速直线运动 C.导体棒cd下滑过程中的最大速度vmax= D.导体棒cd上滑到最高点时,导体棒产生的热量和导体棒增加的重力势能之和小于mv 8.(6分)喷泉已经成为很多公园、广场的景观。图示为某地的音乐喷泉,喷泉的喷水口紧贴水面,中心的众多喷水口围成一个圆。水滴上升的最大高度h=5m,水滴下落在水面的位置到喷水口的距离d=10m,空气阻力不计,g=10m/s2.由此可知(  ) A.水从喷水口喷出后做斜抛运动 B.从喷水口喷出的水在空中运动的时间为1s C.水从喷水口喷出时的速度大小为5m/s D.水滴喷出后飞到最高点时的重力势能最大、动能为零 二、非选择题:包括必考题和选考题两部分.(一)必考题(11题,共129分) 9.(5分)某同学为了测量某电池的电动势和内阻,设计如图所示的电路。电路中与电源串联的电阻的作用是   。已知串联电阻的阻值R=10.0Ω,标有长度刻度的电阻丝ac单位长度的电阻R0=100.0Ω,电流表内阻不计。闭合开关S,滑动触点P,记录aP的长度L和相应电流表的示数I.现已知当电阻丝长度L1=9.0cm时,电流表示数I1=0.15A;电阻丝长度L2=19.0cm时,电流表示数I2=0.10A.由此可求得电池的电动势E=   V、内阻r=   Ω(结果均保留两位有效数字)。 10.(10分)某同学利用长木板、光电门验证牛顿第二定律。具体实验步骤如下: 步骤一:按照图甲所示安装好实验装置,挂上沙桶(含少量沙子),把小车置于靠近滑轮的位置,测出小车上遮光片到光电门之间的距离x和遮光片的宽度d; 步骤二:平衡摩擦力。调节长木板的倾角,轻推小车后,使小车沿长木板匀速向下运动; 步骤三:取下细绳和沙桶,测量沙桶和沙子的总质量m,并记录下来; 步骤四:保持长木板的倾角不变,把小车置于靠近滑轮的同一位置,由静止释放小车,记录小车上遮光片通过光电门的时间,并计算出小车到达光电门时的速度和运动的加速度; 步骤五:改变沙桶中沙子的质量,重复二、三、四步骤。 (1)用螺旋测微器测得遮光片的宽度为d,如图乙所示,则遮光片的宽度d=   mm。 (2)某次实验时测得小车上遮光片通过光电门的时间为△t1,则小车通过光电门时的速度v=   ,小车运动的加速度的表达式为a=   。(均用题中所给字母表示) (3)实验操作中,平衡摩擦力时   (选填“需要”或“不需要”)取下细绳和沙桶(含少量沙子),对沙桶和沙子的总质量与小车的质量关系的要求是   (选填“小车的质量必须远小于沙桶和沙子的总质量”或“没有要求”) (4)若实验中通过多次改变沙子的质量,使沙桶和沙子的总质量m改变,得到对应的小车上遮光片通过光电门的时间△t,用图象法处理实验数据,若纵坐标为m,要得到线性图象,则横坐标为   。(填正确选项的序号) A.△t B. C.(△t)2 D. (5)若得到的(4)中线性图象的斜率为k,重力加速度为g,则小车质量M=   。(用题中所给字母表示) 11.(12分)如图所示,AB是处于竖直平面内半径R=0.45m的光滑圆弧轨道,BC是长度L=2m的水平传送带,AB轨道与传送带在B点相切,一质量m=1kg的滑块(可视为质点) 从A点由静止释放,滑块通过圆弧轨道的B点后滑上传送带。已知滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.2,传送带以v=2m/s的速率匀速运动,g取10m/s2.求: (1)滑块运动到B点时的速率和对圆弧轨道的压力大小。 (2)滑块从C点滑出时的速度。 12.(20分)如图所示,在一竖直面内建立直角坐标系,在坐标平面第I、IV象限内存在方向竖直向上的匀强电场,在x>x0区域内存在方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在第Ⅱ象限内固定有光滑绝缘圆弧轨道,轨道与x轴相切于原点O.一个质量为m、带电荷量为q的小铁块从圆弧轨道上高为h的A点沿轨道下滑至轨道最低点O时与另一静止且不带电的质量也为m的小铁球碰撞,之后合为一带电粘合体,带电粘合体沿x轴做直线运动到C点后进人电场和磁场的复合区域,偏转后进入第II象限并最终落在水平面上D点。已知x0=h,水平面到O点的距离y0=,C点坐标为(x0,0),重力加速度为g,求: (1)带电粘合体沿x轴运动的速度大小和第I、IV象限内匀强电场的电场强度大小。 (2)带电粘合体运动过程中受到的洛伦兹力的冲量。 (3)水平面上D点的位置坐标和带电粘合体从O点运动到D点的总时间。 (二)选考题:[物理一选修3-3](15分) 13.(5分)一密封性很好的弹性热水袋充有温度为80°C的、压强大于大气压的某种气体,气体可视为理想气体。热水袋绝热性能良好,几分钟后热水袋的体积增大了.在该过程中,外界对气体做   (选填“正功”“负功”或“不做功”),袋中气体分子的平均动能   (选填“减小”“增加”或“不变”)。 14.(10分)如图所示,一个由粗细不同的两段金属管组成的两端开口的汽缸水平固定放置,两厚度不计的轻质活塞A、B间由轻杆相连,水平力F=30N作用在活塞A上,两活塞的横截面积分别为SA=25cm2、SB=15cm2,活塞间封闭有一定质量的理想气体(不漏气)。开始时,整个装置保持静止,此时两活塞离D处距离相等,大气压强p0=1.0×105Pa,不计一切摩擦。 ①求开始时,轻杆对活塞B的作用力。 ②若缓慢降低汽缸内气体温度,直至t=87°C时,A活塞恰好靠近D处,求开始时汽缸内气体的温度。 [物理一选修3-4](15分) 15.一列简谐横波沿着x轴正方向传播,波中A、B两质点在平衡位置间的距离为0.25m,且小于一个波长,如图甲所示,A、B两质点振动图象如图乙所示。由此可知(  ) A.质点A在一个周期内通过的路程为8cm B.该机械波的波长为1m C.该机械波的波速为0.5m/s D.t=1.5s时,A质点的运动方向沿x轴正方向 E.t=2.5s时,A、B两质点的加速度方向均指向y轴正方向 16.如图所示,△ABC为一直角三棱镜的截面,其顶角∠BAC=30°,AC边的长度为2L,P为垂直于直线BCD的光屏,P屏到C的距离为L,一单色光垂直射向AB边的中点,折射后恰好射到屏上的D点,已知光速为c,求: (1)棱镜的折射率; (2)单色光从照射到玻璃砖到射到屏上所用的时间。 2020年福建省三明市永安一中高考物理模拟试卷(3月份) 参考答案与试题解析 一、选择题:本题共8小题,每小题6分,其中第14题~第18题只有一个选项正确,第19题~第21题有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错或不答的得0分. 1.【解答】解:A、无论正碰还是斜碰,光子与电子碰撞过程中满足动量守恒定律,故A错误; BD、由于光子与电子碰撞,光子的部分能量传递给电子,故光子能量一定减小,根据光子能量公式:E=hv=h,可知题中碰撞后光子频率v'一定小于碰撞前光子的频率v,碰撞后光子的波长一定大于碰撞前光子的波长,故B错误,D正确; C、碰撞前后,光子的速度不变,故C错误。 故选:D。 2.【解答】解:A、将方向与竖直黑板面成θ=37°角的力F沿黑板面方向和垂直黑板面方向进行分解,沿黑板面方向的分力 F1=Fcos37°=6×0.8N=4.8N 垂直黑板面方向的分力 F2=Fsin37°=6×0.6N=3.6N,则黑板擦对黑板的压力为3.6N,故A错误; B、黑板擦运动时所受滑动摩擦力为 f=μF2,由平衡条件有 F1=f+mg,解得黑板擦与黑板之间的动摩擦因数μ=,故B错误; C、向上缓慢推动黑板擦的过程中,黑板擦的重力势能增加,动能不变,则机械能增大,故C错误; D、滑动摩擦力 f=F1﹣mg=(4.8﹣1.5)N=3.3N,向上缓慢推动黑板擦使其移动0.8m的过程中,黑板擦克服摩擦力做的功为 Wf=fx=3.3×0.8J=2.64J,故D正确。 故选:D。 3.【解答】解:A、根据x﹣t图象的斜率表示物体的运动速度可知,在t1时刻和t2时刻,甲物体的图线的斜率不相等,所以这两个时刻的速度大小不等,故A错误; B、由于两物体的质量关系未知,所以它们的动能大小无法比较,故B错误; C、由于初速度为零的匀变速直线运动的位移为x=,结合题意可知甲物体做匀加速直线运动,由于乙物体的图线斜率不变,所以乙物体做匀速直线运动,故C正确; D、根据图线可知,两物体的运动方向相反,所以在0~t2时间内两物体的位移大小相等,方向相反,则两物体的平均速度大小相等,方向相反,故D错误。 故选:C。 4.【解答】解:根据电路特征可知,abc段电路的电阻为2R,ac段电路的电阻为R,则abc段和ac段电路中的电流大小分别为,, 又因为abc段和ac段电路的有效长度均为L,根据安培力公式F安=BIL可得,三角形线框受到的安培力的合力大小为F=BIabcL+BIacL=,方向水平向右, 因为三角形线框静止在斜面上,根据平衡条件有Fcos45°=mgsin45°, 解得,故B正确,ACD错误。 故选:B。 5.【解答】解:设地球的质量为M,地球的半径为R=6400km=6.4×106m;,“天宫二号”的质量为m,轨道半径r=R+h=6800km=6.8×106m。 A、由万有引力提供向心力有=mr; 对在地球表面质量为m′的物体,有=m′g, 联立解得:T≈5520s=92min,故A错误; B、第一宇宙速度7.9 km/s是地面发射卫星的最小速度,也是卫星围绕地球做匀速圆周运动的最大速度,“天宫二号”在轨运行中,轨道距离地面的高度大约为400 km,“天宫二号“在轨运行的线速度小于7.9 km/s,故B正确; C、“天宫二号”返回地球途中,由于空气阻力做负功,根据功能关系,机械能(重力势能与动能之和)减小,故C错误; D、“天宫二号”返回地球途中,轨道半径逐渐变小,重力做正功,引力势能减小,动能逐渐增大,故D错误。 故选:B。 6.【解答】解:A、带正电的点电荷从d点由静止释放,该点电荷所受电场力方向向下,但由于等量异种点电荷形成的电场为非匀强电场,故点电荷的加速度大小不恒定,故A错误; B、由于取无穷远处电势为零,a所在的等势线是直线,与无穷远处电势相等,故a所在的等势线电势为零,故B错误; C、取无限远处电势为零,a所在的等势线的电势为零,根据沿电场线方向电势降低,可知,c点所在的电场线电势为2U,将一带电量为q的正点电荷从a点移到c点,其电势能一定增加2qU,故C正确; D、将一带电量为q的负点电荷从b点移到c点,电场力做正功,电场力做的功W=qU,故D正确。 故选:CD。 7.【解答】解:A、根据右手定则可知,导体棒cd上滑的过程中,电流的方向为从d到c,故A正确; B、导体棒上滑过程,受到向下的重力以及向下的安培力作用,根据牛顿第二定律有, 有次可得导体棒在上滑的过程中做的是加速度逐渐减小的减速运动,故B错误; C、当导体棒匀速下滑时其速度达到最大,根据平衡条件有, 所以导体棒下滑的最大速度为vmax=,故C正确; D、根据能量守恒定律可知,导体棒cd上滑过程中,导体棒的动能转化为增加的重力势能以及电阻和导体棒上产生的热量,所以导体棒产生的热量和导体棒增加的重力势能之和小于mv,故D正确。 故选:ACD。 8.【解答】解:A、由题可知,水从喷水口喷出后既有沿竖直方向向上的运动,也有沿水平方向的运动,则水做斜抛运动,故A正确; B、水从喷水口喷出后竖直方向做竖直上抛运动,由h=可得:t==1s,由竖直上抛运动的对称性可知,水下落得时间也是1s,所以运动的总时间为2s,故B错误; C、水从喷水口喷出后水平方向做匀速直线运动,水平方向的位移:x=vx?t 所以:m/s=5m/s 竖直方向的分速度:vy=gt=10×1m/s=10m/s 所以水的初速度:m/s=m/s,故C正确; D、水滴在喷出后到达最高点时,沿水平方向的分速度为5m/s,所以动能不等于零,故D错误。 故选:AC。 二、非选择题:包括必考题和选考题两部分.(一)必考题(11题,共129分) 9.【解答】解:电路中与电源串联的电阻的作用是为了保护电路,防止在移动变阻器的时候使变阻器接入电路的电阻过小,而使电路的电流过大,损坏电流表; 当电阻丝长度L1=9.0cm时,电阻丝接入电路的电阻R1=0.09×100Ω=9Ω,根据闭合电路的欧姆定律有 E=I1(R1+R+r), 当电阻丝接入电路的长度L2=19.0cm时,电阻丝接入电路的电阻R2=0.19×100Ω=19Ω,根据闭合电路的欧姆定律有 E=I2(R2+R+r) 代入数据,解得 E=3.0V,r=1.0Ω 故答案为:保护电路,3.0,1.0 10.【解答】解:(1)用螺旋测微器测得遮光片的宽度为:d=1.500mm+0.500mm=2.000mm。 (2)根据匀变速直线运动中,一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度,求出小车通过光电门时的速度为: v= 根据运动学公式有:v2=2ax 解得小车运动的加速度为:a==。 (3)分析实验原理可知,在实验操作中,平衡摩擦力时不需要取下细和沙桶(含少量沙子),沙桶和沙子的重力就是小车受到的合外力,所以对沙桶和沙子的总质量与小车的质量关系没有要求。 (4)小车下滑所受的合力为沙桶和沙子的重力mg,根据牛顿第二定律有:mg=Ma 化简得:m= 若纵坐标为m,要得到线性图象,则横坐标为,故D正确,ABC错误。 故选:D。 (5)若得到的(4)中线性图象的斜率为k,由k=解得小车质量为:M= 故答案为:(1)2.000;(2),;(3)不需要,不需要;(4)D,(5)。 11.【解答】解:(1)滑块由A运动到B过程,由动能定理: 解得B点速率vB=; 在B点,由牛顿第二定律: 解得支持力N=30N 由牛顿第三定律知,滑块对轨道压力为N′=N=30N; (2)由于vB>v,当传送带沿顺时针方向转动时,滑块滑上传送带将做匀减速直线运动, 由牛顿第二定律:μmg=ma 解得a=μg=2m/s2 滑块速度与传送带速度相同时所用时间 此过程滑块的位移=2m 则此后滑块做匀速运动,故此种情况下滑块从C点滑出的速度为v1=v=2m/s,方向水平向右, 当传送带沿逆时针方向转动时,其加速度大小仍为a, 滑块速度减为0发生的位移 故滑块在传送带上一直做匀减速直线运动, 到达C点速度为=1m/s,方向水平向右 故滑块从C点滑出时的速度大小为2m/s或1m/s,方向水平向右。 答:(1)滑块运动到B点时的速率为3m/s,对圆弧轨道的压力大小为30N; (2)当传送带沿顺时针方向转动时,滑块从C点滑出时的速度大小为2m/s,方向水平向右,当传送带沿逆时针方向转动时,滑块从C点滑出时的速度大小为1m/s,方向水平向右。 12.【解答】解:(1)小铁块从A点运动达到O点,由机械能守恒定律有:mgh=m 碰撞后,设带电粘合体沿x轴运动的速度为v,由动量守恒定律有:mv0=2mv 代入数据解得:v= 碰撞后粘合体沿x轴做直线运动,电场力与重力平衡,有:2mg=qE 解得:E= (2)如图所示, 带电粘合体通过C点后沿直线运动进入电场和磁场的复合区域中,由于电场力与重力平衡,洛伦兹力提供向心力,带电年合体运动半周后从复合场中垂直虚线沿y=﹣2R的直线进入电场,在电场中向左做匀速直线运动,由于带电粘合体受到洛伦磁力为变力,则洛伦兹力的冲量: I=﹣2mv﹣2mv=﹣4mv=﹣2m 负号表示冲量的方向沿x轴负方向。 (3)带电粘合体在电场和磁场的复合区域,电场力与重力平衡,洛伦兹力提供向心力有:qvB=2m 代入数据解得:R= 带电粘合体在电场和磁场的复合区域运动的时间:t2== 带电粘合体在电场和磁场的复合区域运动半周后垂直虚线沿y=﹣2R的直线向左做匀速直线运动,经过y轴上y=﹣2R位置后做平抛运动,由平抛运动规律有: y0﹣2R=g,﹣x=vt3 代入数据解得:t3=,x=﹣ 即水平面上D点的位置坐标为(﹣,0) 小铁球从O点运动到C点的时间:t1== 小铁球从O点运动到D点的总时间:t=2t1+t2+t3=2++ 答:(1)带电粘合体沿x轴运动的速度大小为,第I、IV象限内匀强电场的电场强度大小为; (2)带电粘合体运动过程中受到的洛伦兹力的冲量为2m,方向沿x轴负方向; (3)水平面上D点的位置坐标和带电粘合体从O点运动到D点的总时间为2++。 (二)选考题:[物理一选修3-3](15分) 13.【解答】解:袋内气体体积变大,气体对外做功,即外界对气体做负功,W<0, 热水袋绝热性能良好,则气体与外界没有热交换,根据热力学第一定律可知,△U<0,即气体的内能减小。 故答案为:负功,减小。 14.【解答】解:SA=25cm2=0.25dm2,SB=15cm2=0.15dm2 ①开始时,整个装置处于平衡状态,则有: PSA+P0SB=P0SA+PSB+F 对活塞B,根据平衡条件可得: PSB=P0SB+FN 联立解得:FN=45N 故轻杆对B的作用力大小为45N,方向向右; ②当A活塞刚好靠近D处时,整个装置再次受力平衡,气体压强不变,根据气体的等压变化,由 又T=t+273K=360K 解得T0=480K 答:①开始时,轻杆对活塞B的作用力为45N,方向向右。 ②开始时汽缸内气体的温度为480K [物理一选修3-4](15分) 15.【解答】解:A、由图可知,该波的振幅为2cm,波中是质点A在一个周期内通过的路程为振幅的4倍,即8cm,故A正确; B、由图知,t=0时刻B点通过平衡位置向上运动,A点位于波峰,则A、B之间的距离满足△x=(n+)λ,n=0,1,2,3… 由题知λ>△x,则知n只能取0,故该波的波长为λ=1m,故B正确; C、由图知周期T=4s,则波速为v===0.25m/s,故C错误; D、由图可知,在t=1.5s时刻,A的位移为负,A质点的运动方向沿y轴负方向,故D错误。 E、由图知,t=2.5s时A.B两质点的位移均为负值,回复力方向均指向平衡位置,所以加速度方向均指向y轴正方向,故E正确。 故选:ABE。 16.【解答】解:(1)光路如图所示, 根据折射定律可知n= 根据几何关系可知,α=60°.β=30°。 棱镜的折射率n= (2)由图可题,光线在玻璃中传提速度v=, 在玻璃中传播时间t1= 在空气中的传播时间t2= 光从照射到玻璃砖到射到屏上所用的时间t=t1+t2= 答:(1)棱镜的折射率; (2)单色光从照射到玻璃砖到射到屏上所用的时间。

    • 2020-04-04
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  • ID:6-7131445 2020年宁夏六盘山高中高考物理一模试卷

    高中物理/高考专区/模拟试题

    2020年宁夏六盘山高中高考物理一模试卷 二、选择题(本题共4小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.) 1.(6分)理论上已经证明:质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零,现假设地球是一半径为R、质量分布均匀的实心球体。现假设有一口足够深的竖井,井口有一石子掉落,不计阻力,则它下落过程中的加速度a随下落深度h的关系a﹣h图象以及速度随时间的关系v﹣t图象中,正确的是(  ) A. B. C. D. 2.(6分)下列四幅图涉及到不同的物理知识,其中说法正确的是(  ) A.甲图中,卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果,发现了质子和中子 B.乙图中,在光颜色保持不变的情况下,入射光越强,饱和光电流越大 C.丙图中,射线甲由电子组成,射线乙为电磁波,射线丙由α粒子组成 D.丁图中,链式反应属于轻核裂变 3.(6分)如图所示,一质量m=1kg的物块轻放在倾角为37°的固定粗糙斜面上,给一初速度后恰好能沿斜面匀速下滑,现对物块施加一拉力F,方向与斜面间的夹角也为37°,使物块沿斜面匀速向上运动,则拉力F的大小为(重力加速度g=10m/s2,sin37=0.6,cos37°=0.8)(  ) A.15N B.12N C.9.6N D.11.6N 4.(6分)如图所示,在边长为2a的正三角形区域内存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场,一个质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子(重力不计)从AB边的中点O以速度v进入磁场,粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°,若要使粒子能从AC边穿出磁场,则匀强磁场的大小B需满足(  ) A.B> B.B< C.B> D.B< 5.(6分)如图所示,D、A、B、C四点水平间距相等,DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1:3:5,现分别放置三个相同的小球(视为质点),均使弹簧压缩并锁定,当解除锁定后,小球分别从A、B、C三点弹出做平抛运动,小球均落在D点,不计空气阻力,下列说法中正确的有(  ) A.三个小球在空中运动的时间之比为1:3:5 B.三个小球弹出时的初速度之比为1:1:1 C.三个小球在空中运动过程中重力做功之比为1:4:9 D.三个小球落地时的动能之比为2:5:10 6.(6分)如图甲所示,在一条电场线上有A、B两点,若从某点由静止释放一电子,假设电子仅受电场力作用,电子从A点运动到B点的速度时间图象如图乙所示.则(  ) A.A、B两点的电势φA<φB B.A、B两点的电场强度EA>EB C.电子在A、B两点受的电场力FA<FB D.电子在A、B两点具有的电势能 EPA<EPB 7.(6分)两条平行虚线间存在一匀强磁场,磁感应强度方向与纸面垂直,边长为0.1m、总电阻为0.005Ω的正方形导线框abcd位于纸面内,cd边与磁场边界平行,如图(a)所示,已知导线框一直向右做匀速直线运动,cd边于t=0时刻进入磁场,线框中感应电动势随时间变化的图线如图(b)所示(感应电流的方向为顺时针,感应电动势取正)。下列说法正确的是(  ) A.磁感应强度的大小为0.5T B.导线框运动速度的大小为0.5m/s C.磁感应强度的方向垂直于纸面向里 D.在t=0.4s至t=0.6s这段时间内,导线框所受的安培力大小为0.04N 8.(6分)如图甲所示,一个小球悬挂在细绳下端,由静止开始沿竖直方向运动,运动过程中小球的机械能E与路程x的关系图象如图乙所示,其中0﹣x1过程的图象为曲线,x1﹣x2过程的图象为直线。忽略空气阻力,下列说法正确的是(  ) A.0﹣x1过程中小球上升,x1﹣x2过程中小球下降 B.x1﹣x2过程中小球一定做匀加速直线运动 C.0﹣x2过程中小球的重力势能一直增大 D.小球运动路程为x1时的动能最大 三、实验题(15分) 9.(6分)用如图甲所示的实验装置测量滑块与长木板间的动摩擦因数,某同学把长木板的倾角调成θ后,在长木板顶端固定一打点计时器,打点周期为T,先开启打点计时器,再让连接纸带的滑块从靠近打点计时器处由静止释放,得到多条打点的纸带后,他选择一条点迹清晰的纸带,然后截取了纸带的一部分,如图乙所示。测得纸带上的各相邻计数点间距离为:s1、s2、s3、s4。 (1)纸带运动的加速度的表达式为   。 (2)取重力加速度为g,则滑块与长木板间的动摩擦因数的表达式为   。 10.(9分)某研究性学习小组的同学欲做“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验。已知所用小电珠的额定电压和额定功率分别为2.5V、1.2W,实验使用的直流电源的电动势为3.0V,内阻忽略不计,实验可供选择的器材规格如下 a.电流表A1(量程0~0.6A,内阻约5Ω) b.电流表A2(量程0~3A,内阻约0.1Ω) c.电压表V1(量程0~3V,内阻约3kΩ) d.电压表V2(量程0~15V,内阻约2000Ω) e.滑动变阻器R1(阻值0~10,额定电流1A) f.滑动变阻器R2(阻值0~5000,额定电流500mA) 请回答下列问题: (1)为了完成实验且尽可能减小实验误差,电流表应选择   ,电压表应选择   、滑动变阻器应选择   (填写实验器材前的序号) (2)根据所选的实验器材,请设计合理的电路原理图来完成该实验 (3)该研究性学习小组的同学用设计好的电路测得了该小电珠两端的电压U和通过该小电珠的电流,由欧姆定律计算得到的小电珠的电阻值   (选填“大于”“等于“或“小于“)真实值 (4)该研究性学习小组的同学通过设计好的电路得到了多组实验数据,并根据得到的多组数据在坐标系中描点画图,如图所示,该图线向下弯曲,其原因是   。 (5)如果取两个这样的小电珠并联以后再与一阻值为2.0Ω的定值电阻串联,并接在电动势为3.0V、内阻忽略不计的直流电源两端,则每个小电珠消耗的实际功率应为   W(结果保留两位小数) 四、计算题 11.(16分)如图,两金属板P、Q水平放置,间距为d。两金属板正中间有一水平放置的金属网G,P、Q、G的尺寸相同。G接地,P、Q的电势均为φ(φ>0)。质量为m、电荷量为q(q>0)的粒子自G的左端上方距离G为h的位置,以速度v0平行于纸面水平射入电场,重力忽略不计。 (1)求粒子第一次穿过G时的动能,以及它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小; (2)若粒子恰好从G的下方距离G也为h的位置离开电场,则金属板的长度最短应为多少? 12.(16分)为研究工厂中天车的工作原理,某研究小组设计了如下模型:如图所示,质量mC=3kg的小车静止在光滑水平轨道的左端,可视为质点的A、B两个弹性摆球质量mA=mB=1kg,摆线长L=0.8m,分别挂在轨道的左端和小车上。静止时两摆线均在竖直位置,此时两摆球接触而不互相挤压,且球心处于同一水平线上。在同一竖直面内将A球拉起到摆线水平伸直后,由静止释放,在最低点处与B球相碰,重力加速度大小g取10m/s2.求: (1)A球摆到最低点与B球碰前的速度大小v0; (2)相碰后B球能上升的最大高度hm; (3)B球第一次摆回到最低点时对绳子拉力的大小。 二、选考题:[物理一选修3-3] 13.(5分)如p﹣V图所示,1、2、3三个点代表某容器中一定量理想气体的三个不同状态,对应的温度分别是T1、T2、T3用N1、N2、N3分别表示这三个状态下气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的次数,则N1   N2,T1   T3,N2   N3.(均填“大于”或“小于或“等于”) 14.(10分)如图,一容器由横截面积分别为2S和S的两个汽缸连通而成,容器平放在水平地面上,汽缸内壁光滑。整个容器被通过刚性杆连接的两活塞分隔成三部分,分别充有氢气、空气和氮气。平衡时,氮气的压强和体积分别为p0和V0,氢气的体积为2V0,空气的压强为p。现缓慢地将中部的空气全部抽出,抽气过程中氢气和氮气的温度保持不变,活塞没有到达两汽缸的连接处,求 (i)抽气前氢气的压强; (ii)抽气后氢气的压强和体积。 [物理--选修3-4](15分) 15.振源S在O点做沿竖直方向的简谐运动,频率为10Hz,t=0时刻向右传播的简谐横波如图所示(向左传播的简谐横波图中未画出).则以下说法正确的是(  ) A.该横波的波速大小为20 m/s B.t=0时,x=1 m处的质点振动方向向上 C.t=0.175 s时,x=﹣1 m处的质点处在波峰位置 D.若振源S向右匀速运动,在振源S右侧静止的接收者接收到的频率小于10Hz E.传播过程中该横波遇到小于2 m的障碍物或小孔都能发生明显的衍射现象 16.半径为R的半圆柱形玻璃砖的截面如图所示,O为圆心,光线Ⅰ沿半径方向从a点射入玻璃砖后,恰好在O点发生全反射,另一条光线Ⅱ平行于光线Ⅰ从最高点b射入玻璃砖后,在底边MN上的d点射出,若测得Od=R,则该玻璃砖的折射率为多少? 2020年宁夏六盘山高中高考物理一模试卷 参考答案与试题解析 二、选择题(本题共4小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~17题只有一项符合题目要求,第18~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.) 1.【解答】解:AB、令地球的密度为ρ,则在地球表面,重力和地球的万有引力大小相等,有:g= 由于地球的质量为M=πR3?ρ, 所以重力加速度的表达式可写成:g=。 根据题意有,质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零,受到地球的万有引力即为半径等于r的球体在其表面产生的万有引力,a=,当r<R时,a与r成正比,即a随下落深度h的增加而线性减小,故A正确,B错误; CD、根据速度公式可知,v=at,随着下落高度h的增加,a减小,故v﹣t图象的斜率减小,故CD错误。 故选:A。 2.【解答】解:A、卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果,得出原子的核式结构模型。故A错误; B、图中在光的颜色保持不变的情况下,入射光越强,饱和光电流越大。故B正确; C、根据左手定则可得,图射线甲是α粒子,而丙图是β粒子流。故C错误; D、链式反应属于重核的裂变。故D错误; 故选:B。 3.【解答】解:施加拉力F前,给一初速度后恰好能沿斜面匀速下滑,对于物块沿斜面方向受力平衡,摩擦力等于重力沿斜面方向的分力,则: mgsinθ﹣μmgcosθ=0, 解得:μ=0.75。 施加拉力F后,对于物块,物块受到重力、支持力、拉力和摩擦力,如图所示: 沿斜面方向有Fcosθ=mgsinθ+f, 垂直斜面方向Fsinθ+N=mgcosθ, 又f=μN, 联立解得:F=9.6N,故ABD错误、C正确。 故选:C。 4.【解答】解:粒子刚好达到C点时,其运动轨迹与AC相切,如图所示: 则粒子运动的半径为:r=acot30°=a, 洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得: qvB=m, 解得:r=, 粒子要能从AC边射出,粒子运行的半径:R>r, 解得:B<, 故选:B。 5.【解答】解:A、DA、AB、BC竖直方向高度差之比为1:3:5,高度之比为1:4:9,由h=gt2,A、B、C三个小球运动的时间之比为1:2:3,故A错误; B、由图,三个小球A、B、C的水平位移之比1:2:3,三个小球A、B、C运动的时间之比为1:2:3,由x=vt知可得初速度之比为1:1:1,故B正确; C、根据W=mgh知重力做功之比为1:4:9,故C正确; D、初速度之比为1:1:1,根据动能Ek=mv2知动能相同,根据动能定理知mgh=Ek2﹣Ek1,由于质量相等且已知高度之比,可得落地时动能之比即为(mgh+Ek1):(5mgh+Ek1):(10mgh+Ek1),不知道初动能的具体数值,无法判断末动能之比值,故D错误; 故选:BC。 6.【解答】解:A、根据题意,电子从静止释放后从A运动到B,则电子受到的电场力方向从A→B,而电子带负电,电场线方向从B→A,则B点的电势大于A点的电势,即φA<φB.故A正确 B、从速度图象看出,电子从A运动到B过程速度增大,加速度变小,电场力减小,即FA>FB,场强变小,则B点的场强小于A点的场强,即EA>EB.故C错误,B正确; D、因电场力做正功,则电势能减小,故D错误。 故选:AB。 7.【解答】解:AB、由图象知,0.2﹣0.4s没有感应电动势,所以导体框进入磁场用时0.2s,导线框匀速运动的速度为:v==m/s=0.5m/s 根据E=BLv知磁感应强度为:B==T=0.2T,故A错误,B正确。 C、由b图可知,线框进磁场时,感应电流的方向为顺时针,磁通量增加,根据楞次定律知磁感应强度的方向垂直纸面向外,故C错误; D、在0.4﹣0.6s内,导线框所受的安培力 F=BIL==N=0.04N,故D正确。 故选:BD。 8.【解答】解:A、0﹣x1内机械能增加,绳子拉力做正功,物体向上运动,x1﹣x2内机械能减小,绳子拉力做负功,物体向下运动,故A正确; B、x1﹣x2内机械能减小,绳子拉力做负功,物体向下运动,由于物体在x1﹣x2内E﹣x图象的斜率的绝对值不变,故物体所受的拉力保持不变,又由于x1位置速度为零,故一定是反向向下做匀加速直线运动,故B正确; C、0﹣x1内机械能增加,绳子拉力做正功,物体向上运动,重力势能增加,x1﹣x2内机械能减小,绳子拉力做负功,物体向下运动,重力势能减小,故C错误; D、0﹣x1内机械能增加,绳子拉力做正功,小球向上运动。x1﹣x2内机械能减小,绳子拉力做负功,小球向下运动,则小球在x1位置处速度为零,动能为零,故D错误; 故选:AB。 三、实验题(15分) 9.【解答】解:(1)根据逐差法可知,解得a= 对滑块受力分析,根据牛顿第二定律可知mgsinθ﹣μmgcosθ=ma 解得:μ= 故答案为:(1)a=;(2)μ= 10.【解答】解:(1)灯泡额定电压是2.5V,电压表应选c;由表中实验数据可知,最大电流为0.49A,电流表选a;为方便实验操作,滑动变阻器应选e; (2)描绘小灯泡伏安特性曲线,电压与电流要从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法;由表中实验数据可知,灯泡最大电阻约为3.7Ω,电压表内阻约为2kΩ,灯泡电阻阻值远小于电压表内阻,电流表应采用外接法,电路图如图甲所示; ; (3)由于电压表的分流作用,所以电流表的示数比流经灯泡的电流偏大,故根据欧姆定律测量电阻偏小,即计算得到的小电珠的电阻值小于真实值; (4)I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数,由图象可知,电阻随着电压的增大而增大,其原因是灯泡的电阻随温度的增大而增大; (5)将定值电阻与电源等效为内阻为2.0Ω,电动势为3.0V的电源,由闭合电路欧姆定律得:U=3.0﹣2.0I,将路端电压与电流的关系图象做入图象中,如图所示: 由图可知,U=1.28V,I=0.43A,所以灯泡的实际功率为:P=UI=0.55W 故答案为:(1)a、c、e; (2) ; (3)小于; (4)小电珠的电阻随温度的升高而增大; (5)0.55。 四、计算题 11.【解答】解:(1)PG、QG间的电场强度大小相等、方向相反,设为E,则有: E==, 设粒子第一次到达G时动能为Ek,根据动能定理可得: qEh=Ek﹣ 解得:Ek=+; 粒子在PG间运动的加速度为:a== 此过程中粒子运动时间为t,则有:h= 在水平方向上的位移大小为:x=v0t; 解得:x=v0 (2)若粒子穿过G一次就从电场的右侧飞出,则金属板的长度最短,根据对称性可知,此时金属板的长度为: L=2x=2v0。 答:(1)粒子第一次穿过G时的动能+;它从射入电场至此时在水平方向上的位移大小为v0; (2)若粒子恰好从G的下方距离G也为h的位置离开电场,则金属板的长度最短应为2v0。 12.【解答】解:(1)A球从水平位置摆到最低点过程机械能守恒, 由机械能守恒定律得:mAgL=mAv02,解得:v0=4m/s; (2)A与B发生弹性碰撞过程系统动量守恒, 以向右为正方向,由动量守恒定律得:mAv0=mAvA+mBvB, 由机械能守恒定律得:mAv02=mAvA2+mBvB2, 解得:vA=0,vB=4m/s, B上升至最大高度过程,B、C系统水平方向动量守恒, 以向右为正方向,由动量守恒定律得:mBvB=(mB+mC)vC, B、C系统机械能守恒,由机械能守恒定律得: mBvB2=(mB+mC)vC2+mBghm, 解得:vC=1m/s,hm=0.6m; (3)B从最高点又摆至最低点过程,B、C系统水平方向动量守恒, 以向右为正方向,由动量守恒定律得:(mB+mC)vC=mBvB′+mCvC′, 由机械能守恒定律得:(mB+mC)vC2+mBghm=mBvB′2+mCvC′2, 解得:vB′=﹣2m/s,vC′=2m/s, B在最低点时,由牛顿第二定律得: T﹣mBg=mB,解得:T=30N, 由牛顿第三定律可知,球对绳子的拉力大小为30N; 答:(1)A球摆到最低点与B球碰前的速度大小v0为4m/s。 (2)相碰后B球能上升的最大高度hm为0.6m。 (3)B球第一次摆回到最低点时对绳子拉力的大小为30N。 二、选考题:[物理一选修3-3] 13.【解答】解:由PV=nRT得:=,因为V1=V2,故=,可得:T1=2T2,即T1>T2 由于分子密度相同,温度高,碰撞次数多,故N1>N2 由于P1V1=P3V3,根据理想气体状态方程可知,T1=T3 根据理想气体状态方程=C,状态2和状态3压强相等,温度和体积成正比,结合图象有T2<T3;根据气体压强微观意义,气体压强和气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的次数n成正比,也和也和分子的平均动能成正比,而温度是分子平均动能的标志,温度越高,分子平均动能越大;因为T2<T3,P2=P3,所以N2>N3。 故答案为:大于;等于;大于。 14.【解答】解:(i)抽气前活塞静止处于平衡状态, 对活塞,由平衡条件得:(p氢﹣p)?2S═(p0﹣p)S, 解得,氢气的压强:p氢=(p0+p); (ii)设抽气后氢气的压强与体积分别为p1、V1,氮气的压强和体积分别为p2、V2, 对活塞,由平衡条件得:p2S=p1?2S, 气体发生等温变化,由玻意耳定律得: p1V1=p氢?2V0 p2V2=p0V0, 由于两活塞用刚性杆连接,由几何关系得: V1﹣2V0=2(V0﹣V2), 解得:p1=p0+p V1=; 答:(i)抽气前氢气的压强为(p0+p); (ii)抽气后氢气的压强为p0+p,体积为。 [物理--选修3-4](15分) 15.【解答】解:A、由图可知,该波的波长是 λ=2m,则波速大小为 v=λ?f=2×10=20m/s。故A正确。 B、y轴右侧的波向右传播,根据波形的平移法得知,t=0时,x=1m处的质点振动方向向上。故B正确。 C、该波的周期:T===0.1s,所以:t=0.175s=1T.x=﹣1m处的介质点与t=0时,x=1m处的介质点振动方向相同,t=0时,x=1m处的质点振动方向向上,经过1T后质点达到最低点,位于波谷的位置,所以t=0.175s时,x=﹣1m处的质点也处在波谷位置。故C错误; D、若振源S向右匀速运动,在振源S右侧静止的接收者接单位时间内收到的波的个数增大,所以频率大于10Hz.故D错误。 E、根据衍射的条件可知,传播过程中波只有遇到小于2m或与2m差不大的障碍物或小孔都能发生明显的衍射现象。故E正确。 故选:ABE。 16.【解答】解:设光线Ⅱ的入射角和折射角分别为i和r,在△bOd中, bd= sinr= 由折射定律有n= 即sini= 又因为光线Ⅰ与光线Ⅱ平行,且在O点恰好发生全反射,有:sini=, 联立解得。 答:该玻璃砖的折射率为。

    • 2020-04-04
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  • ID:6-7131443 2020年四川省眉山市高考物理二诊试卷

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    2020年四川省眉山市高考物理二诊试卷 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第14-18题只有一项符合题目要求,第19?21题有多项符合题目要求.全部选对得6分,选对但不全的得3分,不答或有选错的得0分. 1.(6分)如图所示,一理想变压器的原副线圈匝数分别为n1和n2,原线圈输入电压保持不变,副线圈输出端通过开关S接电阻R1和滑动变阻器R,电流表为理想电表,下列说法正确的是(  ) A.若S断开,则副线圈输出端电压为零 B.若S闭合,滑动片P向上滑动,则两电流表示数都变小 C.若S闭合,滑动片P向上滑动,则电流表A1示数变大,A2示数变小 D.若S闭合,滑动片P向上滑动,则电流表A1示数不变,A2示数变小 2.(6分)北斗三号导航卫星系统由三种不同轨道的卫星组成,即24颗MEO卫星(地球中圆轨道卫星,轨道形状为圆形,轨道半径在3万公里与1000公里之间),3颗GEO卫星(地球静止轨道卫星)和3颗IGSO卫星(倾斜地球同步轨道卫星)。关于MEO卫星,下列说法正确的是(  ) A.比GEO卫星的周期小 B.比GEO卫星的线速度小 C.比GEO卫星的角速度小 D.线速度大于第一宇宙速度 3.(6分)一物体沿倾角为30°的粗糙斜面从顶端由静止开始下滑,运动的位移x﹣时间t关系图象是一段抛物线,如图所示,g=10m/s2.则(  ) A.下滑过程中物体的加速度逐渐变大 B.t=0.5s时刻,物体的速度为0.5m/s C.0?0.5s时间内,物体平均速度为1m/s D.物体与斜面间动摩擦因数为 4.(6分)地光是在地震前夕出现在天边的一种奇特的发光现象,它是放射性元素氡因衰变释放大量的带电粒子,通过岩石裂隙向大气中集中释放而形成的。已知氡Rn的半衰期为3.82d,经衰变后产生一系列子体,最后变成稳定的Pb,在这一过程中(  ) A.要经过4次α衰变和4次β衰变 B.要经过4次α衰变和6次β衰变 C.氡核Rn的中子数为86,质子数为136 D.标号为a、b、c、d 的4个氡核Rn 经3.82d后一定剩下2个核未衰变 5.(6分)反质子的质量与质子相同,电荷与质子相反。一个反质子从静止经电压U1加速后,从O点沿角平分线进入有匀强磁场(图中未画岀)的正三角形OAC区域,之后恰好从A点射岀。已知反质子质量为m,电量为q,正三角形OAC的边长为L,不计反质子重力,整个装置处于真空中。则(  ) A.匀强磁场磁感应强度大小为,方向垂直纸面向外 B.保持电压U1不变,增大磁感应强度,反质子可能垂直OA射出 C.保持匀强磁场不变,电压变为U1,反质子从OA中点射岀 D.保持匀强磁场不变,电压变为U1 ,反质子在磁场中运动时间减为原来的 6.(6分)如图所示,水平面上,向下与水平方向成30°、大小为F的推力作用在质量为m1的物体A上,向上与水平方向成30°、大小为F的拉力作用在质量为m2的物体B上,A、B都由静止开始运动,相等时间内运动了相同的位移,A、B与水平面的动摩擦因数分别为μ1和μ2,则(  ) A.推力对 A 做的功与拉力对 B 做的功相等 B.推力对 A 的冲量与拉力对 B 的冲量相同 C.若μ1=μ2,则m1>m2 D.若μ1=μ2,则m 1<m2 7.(6分)如图所示,半径为的圆弧BCD与倾角为θ的斜面相切于B点,与水平地面相切于C点,与圆O2轨道相切于D点,圆心O1、O2和D在同一水平直线上,圆O2的半径为r。质量为m的质点从斜面上某位置由静止释放,刚好能在圆O2轨道内做完整的圆周运动。不计一切阻力,重力加速度为g。则质点(  ) A.释放点距离地面的高度为5r B.在C时对轨道压力为mg C.从圆弧BCD进入圆O2轨道的瞬间,前后向心加速度之比为5:2 D.从圆弧BCD进入圆O2轨道的瞬间,前后角速度之比为2:5 8.(6分)如图所示,在光滑绝缘水平面上,A、B和C为等边三角形ABC的顶点,A、B固定正点电荷+Q,C固定负点电荷﹣Q,D、E是A、B连线上的两点,且AD=DE=EB.则(  ) A.D点和E点的电场强度大小相等 B.D点和E点的电场强度方向相同 C.D点和E点的电势相等 D.将负电荷从D点移到E点,电势能增加 三、非选择题:共174分.第22?32题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33-38题为选考题,考生根据要求作答. 9.(5分)用图甲所示装置探究动能定理。有下列器材:A.电火花打点计时器;B.220V交流电源;C.纸带;D.细线、小车、砝码和砝码盘;E.一端带滑轮的长木板、小垫木;F.刻度尺。 (1)实验中还需要的实验器材为   。 (2)按正确的实验操作,实验中得到一条点迹清晰的纸带如图乙,图中数据xA、xB和xAB已测出,交流电频率为f,小车质量为M,砝码和砝码盘的质量为m,以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象,从A到B过程中,合力做功为   ,动能变化量为   ,比较二者大小关系,可探究动能定理。 10.(10分)测定一个额定电压UL=2.5V,额定电流约为0.3~0.4A的小灯泡L在正常工作时的阻值。供选择的器材有: A.电流表A1(量程0.6A,内阻r1约为0.5Ω) B.电流表A2(量程30mA,内阻r2=30Ω) C.电流表A3(量程60mA,内阻r3约为20Ω) D.电压表V(量程15V,内阻r4约为15kΩ) E.定值电阻R0=70Ω F.滑动变阻器R1:0﹣5Ω,额定电流1A G.滑动变阻器R2:0﹣1kΩ,额定电流0.2A H.电源E:电动势为4.5V,内阻不计 Ⅰ.开关S及导线若干 (1)测量时要求电表示数超过其量程的一半,需选用的实验器材是   和H、I(选填器材前对应的字母序号)。 (2)请在虚线框内画出合适的电路图(图中需标明所选器材的符号)。 (3)为保证小灯泡L正常工作,测量时要让其中哪一个电表的示数调到多少?   。 (4)测得小灯泡L在正常工作时的阻值RL=   (用实际所测物理量表示),并说明公式中各符号(题中已知的除外)的物理意义   。 11.(12分)地面上空间存在一方向竖直向上的匀强电场,O、P是电场中的两点在同一竖直线上,O在P上方,高度差为L;一长L的绝缘细线一端固定在O点,另一端分别系质量均为m的小球A、B,A不带电,B的电荷量为q(q>0)。分别水平拉直细线释放小球,小球运动到P点时剪断细线之后,测得A从P点到落地所用时间为t,B从P点到落地所用时间为2t。重力加速度为g。求: (1)电场强度的大小; (2)B从P点到落地通过的水平距离。 12.(20分)如图所示,在倾角为θ的斜面内有两条足够长的不计电阻的平行金属导轨,导轨宽度为L,导轨上端连有阻值为R的电阻;在垂直于导轨边界ab上方轨道空间内有垂直于导轨向上的均匀变化的匀强磁场B1.边界ab下方导轨空间内有垂直于导轨向下的匀强磁场B2.电阻也为R、质量为m的导体棒MN垂直于导轨放置,磁场B1随时间均匀减小,且边界ab上方轨道平面内磁通量变化率大小为k,MN静止且受到导轨的摩擦力为零;撤去磁场B2,MN从静止开始在较短的时间t内做匀加速运动通过的距离为x。重力加速度为g。 (1)求磁场B2的磁感应强度大小; (2)求导体棒MN与导轨之间动摩擦因数; (3)若再撤去B1,恢复B2,MN从静止开始运动,求其运动过程中的最大动能。 三、[物理--选修3-3](15分) 13.(5分)关于热力学定律,下列说法正确的是(  ) A.气体吸热后温度一定升高 B.对气体做功可以改变其内能 C.理想气体等压膨胀过程一定放热 D.理想气体绝热膨胀过程内能一定减少 E.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体 14.(10分)如图为在密闭容器内一定质量的理想气体由状态A 变为状态B的压强P随体积V的变化关系图象。 (i)用分子动理论观点论证状态A 到状态B 理想气体温度升高; (ii)若体积VB:VA=5:3,温度TA=225K,求TB。 四、[物理--选修3-4](15分) 15.电磁波在生产生活中有广泛应用。关于电磁波,下列说法正确的是(  ) A.在同一介质中所有电磁波传播速度都相同 B.紫外线有助于人体合成维生素D C.一切物体都在不停地发射红外线 D.电磁波谱中γ射线的波长最短 E.医学上用γ射线透视人体,检查体内病变等 16.半径为R的球形透明均匀介质,一束激光在过圆心O的平面内与一条直径成为60°角射向球表面,先经第一次折射,再经一次反射,最后经第二次折射射出,射出方向与最初入射方向平行。真空中光速为c。求: (i)球形透明介质的折射率; (ii)激光在球内传播的时间。 2020年四川省眉山市高考物理二诊试卷 参考答案与试题解析 二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的四个选项中,第14-18题只有一项符合题目要求,第19?21题有多项符合题目要求.全部选对得6分,选对但不全的得3分,不答或有选错的得0分. 1.【解答】解:A、根据理想变压器的工作原理可知,理想变压器的变压关系与副线圈是否通路或断路无关,故S断开,副线圈输出端电压不为零,故A错误; BCD、若S闭合,滑动片P向上滑动,则副线圈电阻增大,原线圈的输入电压不变,原、副线圈的匝数不变,则副线圈的输出不变,根据闭合电路欧姆定律可知,副线圈的输出电流变小,即电流表A1示数变小,通过电阻R1的电流不变,则通过电阻R的电流变小,即电流表A2示数变小,故B正确,CD错误。 故选:B。 2.【解答】解:ABC、根据万有引力提供向心力可知: =m=mω2r 解得:v=,T=2,, MEO卫星的轨道半径比GEO卫星的轨道半径小,故MEO的线速度大,角速度大,周期小,故A正确,BC错误; D、第一宇宙速度是近地卫星的运行速度,是卫星最大的运行速度,故MEO卫星的运行速度小于第一宇宙速度,故D错误。 故选:A。 3.【解答】解:A、由题意可知,物体初速度为零,x﹣t图象是一段抛物线,由匀变速直线运动的位移公式:x=可知,物体的加速度a保持不变,物体做匀加速直线运动,由图示图象可知:t=0.5s时x=0.25m,解得:a=2m/s2,故A错误; B、物体做初速度为零的匀加速直线运动,t=0.5s时物体的速度:v=at=2×0.5m/s=1m/s,故B错误; C、物体在0~0.5s内物体的平均速度:m/s=0.5m/s,故C错误; D、对物体,由牛顿第二定律得:mgsin30°﹣μmgcos30°=ma,代入数据解得:μ=,故D正确。 故选:D。 4.【解答】解:AB、设此衰变过程中经历了要经过X次α衰变和Y次β衰变,根据质量数守恒和电荷数守恒可得其衰变方程为:Rn→Pb+X+Y, 由222=206+4X,86=86+2X﹣Y,联立解得:X=4,Y=4,故A正确,B错误; C、氡核Rn的质子数为86,中子数为222﹣86=136,故C错误; D、半衰期适用于大量的原子核,对于少量的原子核不适用,故D错误; 故选:A。 5.【解答】解:A、加速过程由, 粒子在磁场中的运动轨迹如图所示, 根据几何知识可知,反质子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r=L, 因为洛伦兹力提供向心力,即, 联立解得,根据左手定则可知,磁场方向垂直纸面向外,故A错误; B、无论磁感应强度如何变化,根据几何知识可知,反质子不可能垂直于OA方向射出,故B错误; CD、根据上述分析可知,反质子在磁场中做匀速圆周运动的半径为, 当匀强磁场不变,电压变为U1,则反质子在磁场中运动的半径变为原来的, 根据几何知识可知,反质子从OA的中点射出,且射出时的速度方向和OA成30°角, 所以反质子的运动轨迹所对应的角度为θ=60°, 反质子在磁场中运动的时间为=, 由于反质子在磁场中运动的圆心角以及周期不变,所以反质子在磁场中运动的时间不变,故C正确,D错误。 故选:C。 6.【解答】解:A、根据功的定义式W=Flcosα知推力对A做的功与拉力对B做的功相等,故A正确; B、根据冲量的定义式I=Ft,两个物体冲量的大小相等,方向不同,故B错误; CD、两物体在相等时间内运动了相同的位移,两个物体的加速度大小相等,根据牛顿第二定律,对A:① 对B:② 联立①②得a=(cos30°﹣)﹣=,若,则,故C错误,D正确; 故选:AD。 7.【解答】解:A、质点刚好能在圆O2轨道能做完整的圆周运动,则有:mg= 设释放点离地面的高度为h,根据动能定理可知: 联立解得:h=4r,故A错误; B、设质点在C点的速度为vC,轨道对质点的支持力为N,从释放点到C点根据动能定理可知:mgh= 在C点根据牛顿第二定律可知: 联立解得:,由牛顿第三定律可知,对轨道的压力为,故B正确; C、从圆弧BCD进入圆O2轨道的瞬间,线速度大小不变,根据a=可知,后向心加速度之比为2:5,故C错误; D、从圆弧BCD进入圆O2轨道的瞬间,线速度大小不变,根据v=ωr可知,前后角速度之比为2:5,故D正确; 故选:BD。 8.【解答】解:AB、根据 点电荷的电场强度E=,及正点电荷的电场强度背离点电荷,而负点电荷的电场强度方向是指向点电荷,结合矢量合成法则,那么D、E两点的电场强度方向如下图所示: 由于AD=DE=EB,结合等边三角形ABC,那么D点和E点的电场强度大小相等,而它们的方向不同,故A正确,B错误; C、由于D、E两点关于C与AB中点连线对称,那么其电势相等,故C正确; D、将负电荷从D点移到E点,因此它们的电势相等,则其电势能不变,故D错误; 故选:AC。 三、非选择题:共174分.第22?32题为必考题,每个试题考生都必须作答.第33-38题为选考题,考生根据要求作答. 9.【解答】解:(1)因为需要测量小车以及砝码和砝码盘的质量,所以实验中还需要的实验器材是天平。 (2)以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象,从A到B过程中,合力做功为mgxAB。 打A点和B点时系统的速度大小分别为: vA== vB== 动能变化量为△Ek=﹣= 故答案为: (1)天平。(2)mgxAB,。 10.【解答】解:(1)灯泡额定电压为2.5V,电压表量程为15V,电压表量程太大,不能用电压表测电压,可以用已知内阻的电流表B与定值电阻E串联改装成电压表测电压;灯泡额定电流约为0.3~0.4A,用电流表A测电流,为保护电表安全且方便实验操作,滑动变阻器应选择F,除H、I外,还需要的实验器材为:A、B、E、F。 (2)用电流表B与定值电阻E改装成电压表测电压,由于流过电压表的电流可以直接读出,电流表可以采用外接法;由于滑动变阻器最大阻值为5Ω,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,实验电路图如图所示; (3)灯泡在额定电压下正常工作,测灯泡正常工作时的电阻灯泡两端电压应调到额定电压,即实验时电压表应调到2.5V; 设电流表A1示数为I1,电流表A2示数为I2,灯泡两端电压等于额定电压:UL=I2(r2+R0) 电流表A2示数:I2==2.5×10﹣2A=25mA 因此实验时点电流表A2的示数应调到25mA; (4)设电流表A1示数为I1,电流表A2示数为I2,灯泡两端电压等于额定电压:UL=I2(r2+R0) 流过灯泡的电流IL=I1﹣I2,小灯泡L在正常工作时的阻值RL== 故答案为:(1)A、B、E、F;(2)电路图如图所示;(3)电流表A2的示数应调到25mA;(4);I1是电流表A1的示数,I2是电流表A2的示数。 11.【解答】解:(1)设电场强度的大小为E,B从P点到落地运动的加速度为a,则有: mg﹣qE=ma 竖直方向有:= 解得:E= (2)设B球在P点的速度为v,从P点到落地通过的水平距离为x,则有: (mg﹣qE)L= B球从P点到落地的过程,有:x=v?2t 解得:x=t 答:(1)电场强度的大小为; (2)B从P点到落地通过的水平距离为t。 12.【解答】解:(1)当磁场B1随时间均匀减小时,设回路中感应电动势为E,感应电流为I, 根据法拉第电磁感应定律可得:E==k, 根据闭合电路的欧姆定律可得:I==, 对导体棒根据平衡条件可得:B2IL=mgsinθ 解得:B2==; (2)撤去磁场B2,设MN从静止开始匀加速运动过程中的加速度为a,导体棒MN与导轨之间动摩擦因数为μ, 根据位移时间关系可得:x= 根据牛顿第二定律可得:mgsinθ﹣μmgcosθ=ma 联立解得:μ=tanθ﹣; (3)若再撤去B1,恢复B2,设MN运动过程中的最大速度为v,最大动能为Ek, 根据平衡条件可得:mgsinθ=μmgcosθ+ 由于mgsinθ﹣μmgcosθ=ma 解得:v=, 动能Ek==。 答:(1)磁场B2的磁感应强度大小为; (2)导体棒MN与导轨之间动摩擦因数为tanθ﹣; (3)若再撤去B1,恢复B2,MN从静止开始运动,运动过程中的最大动能为。 三、[物理--选修3-3](15分) 13.【解答】解:A、气体吸热,若同时对外做功,则温度也可能降低,故A错误; B、改变气体内能的方式有两种:做功和热传递,故B正确; C、理想气体等压膨胀过程对外做功,温度升高,内能增大,由热力学第一定律判断知气体一定吸热,故C错误; D、理想气体绝热膨胀过程,对外做功,内能一定减少,故D正确; E、根据热力学第二定律知,热量不可能自发地从低温物体传到高温物体,故E正确。 故选:BDE。 14.【解答】解:(i)理想气体由状态A变为状态B,体积增大,单位体积内的分子数减少,而压强要增大,只能增加分子的平均动能,即升高温度,所以该过程中理想气体的温度升高; (ii)由理想气体的状态方程可知 由图可知 已知VB:VA=5:3,TA=225K 联立解得:TB=625K 答:(i)理想气体由状态A变为状态B,体积增大,单位体积内的分子数减少,而压强要增大,只能增加分子的平均动能,即升高温度,所以该过程中理想气体的温度升高; (ii)若体积VB:VA=5:3,温度TA=225K,则TB为625K 四、[物理--选修3-4](15分) 15.【解答】解:A、电磁波在真空中的传播速度相同,但不同的电磁波在同一介质中传播速度不同,故A错误 B、紫外线有助于人体合成维生素D,但不宜过量,故B正确 C、一切物体都在不停地发射红外线,红外线遥感就是利用的这一点,故C正确 D、电磁波谱中γ射线的频率最大,波长最短,故D正确 E、医学上用X射线透视人体,检查体内病变等,故E错误 故选:BCD。 16.【解答】解:(i)激光在球形透明介质里传播的光路图如图所示, 其中A、C为折射点,B为反射点,连接A与C,过B点作BD平行于入射光线, 则根据几何知识有∠AOD=∠COD=60°, ∠OAB=∠OBA=∠OBC=∠OCB, ∠OAB+∠OBA+∠OBC+∠OCB=∠AOD+∠DOC 解得∠OAB=30°, 根据折射定律有=; (ii)由于∠OAC=30°,所以AC垂直于入射光线,即, 又由于∠ABC=∠BCA=∠CAB=60°, 所以△ABC为等边三角形,即激光在球内运动的路程为s=2d=, 激光在球内的传播速度为, 则激光在球内的传播时间为=。 答:(i)球形透明介质的折射率为; (ii)激光在球内传播的时间为。

    • 2020-04-04
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  • ID:6-7131441 2019-2020学年江苏省淮安市清江浦区淮阴中学高二(上)学业水平物理合格性试卷

    高中物理/会考专区(学业水平测试)/模拟试题

    2019-2020学年江苏省淮安市清江浦区淮阴中学高二(上)学业水平物理合格性试卷 一、单项选择题:每小题只有一个选项符合题意(本部分27小题,每小题3分,共81分). 1.(3分)在物理学发展过程中,科学家处理物理问题用了多种思想与方法,根据你对物理等的学习,关于科学家的思想和贡献,下列说法中错误的是(  ) A.牛顿首次提出“提出假说,数学推理,实验验证,合理外推”的科学推理方法 B.在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想 C.用质点来代替实际物体是采用了理想模型的方法 D.卡文迪许测定万有引力常量过程中采用了微小量放大法 2.(3分)PM2.5主要来自化石燃料、生物质、垃圾的焚烧,为了控制污染,要求我们节约及高效利用能源.关于能源和能量,下列说法中正确的是(  ) A.自然界中的石油、煤炭等能源可供人类永久使用 B.能量被使用后就消灭了,所以要节约能源 C.人类应多开发与利用太阳能、风能等新能源 D.能量耗散说明自然界的能量在不断减少 3.(3分)在公路的某些路段旁立了许多交通标志,如图甲是路线指示标志,乙为限速标志,告示牌上各数字的意思是(  ) A.甲是指位移,乙是平均速度 B.甲是指路程,乙是瞬时速度 C.甲是指位移,乙是瞬时速度 D.甲是指路程,乙是平均速度 4.(3分)秋日,树叶纷纷落下枝头,其中有一片梧桐叶从高为5m的枝头自静止落至地面,所用时间可能是(  ) A.0.1s B.0.5s C.1s D.3s 5.(3分)下列关于力的说法中错误的是(  ) A.力是物体之间的相互作用 B.性质不同的力,作用效果可能相同 C.力可以用带箭头的线段表示 D.向上抛出的物体,在空中向上运动过程中,肯定受到了向上的作用力 6.(3分)2013年1月1日,新交通法规开始实施,其中“闯黄灯扣6分”被部分网友称为违背牛顿第一定律,导致各地追尾事故频发.在紧急刹车过程中关于汽车的惯性和动能变化,下列说法正确的是(  ) A.惯性不变,动能不变 B.惯性不变,动能减小 C.惯性减小,动能减小 D.惯性减小,动能不变 7.(3分)如图所示,用水平外力F将木块压在竖直墙面上保持静止状态,下列说法正确的是(  ) A.木块所受的重力与墙对木块的静摩擦力是一对平衡力 B.木块所受的重力与墙对木块的静摩擦力是一对作用力和反作用力 C.木块对墙的压力与水平外力F是一对平衡力 D.水平外力F与墙对木块的压力是一对作用力和反作用力 8.(3分)如图,一小球分别以不同的初速度,从A点沿光滑斜面向上做直线运动,所能到达的最高点位置分别为a、b、c,它们距斜面底端A点的距离分别为xl、x2、x3,对应到达最高点的时间分别为tl、t2、t3,则下列关系正确的是(  ) A.== B. C. D. 9.(3分)月球上没有空气,若宇航员在月球上将一石块从某高度由静止释放,下列图象中能正确描述石块运动情况的是(  ) A. B. C. D. 10.(3分)某物体在三个共点力的作用下处于静止状态,若把其中一个力F1沿顺时针转过60°而保持其大小不变.其余两力保持不变,则此时物体所受到的合力大小为(  ) A.F1 B.F1 C.2F1 D.无法确定 11.(3分)某同学在“探究力的合成的平行四边形定则”实验中,作出的图如图所示,其中A为橡皮条的固定点,O为橡皮条与细绳的结点,下列说法正确的是(  ) A.作图时只需确定力的方向 B.图中F′是单独用一个弹簧测力计拉橡皮条的力 C.图中F是单独用一个弹簧测力计拉橡皮条的力 D.由于F′与F并不完全重合,所以力的合成不遵循平行四边形定则 12.(3分)自行车部分结构如图所示,A是大齿轮边缘上一点,B是小齿轮边缘上一点,C是后轮边缘上一点。把自行车后轮支撑起来,转动脚踏板,使后轮转动起来,下面说法中正确的是(  ) A.A、B两点的角速度相等 B.B、C两点的线速度大小相等 C.B、C两点的角速度相等 D.A、C两点的线速度大小相等 13.(3分)2008年9月27日16时41分00秒,我国航天员翟志刚打开神舟七号载人飞船轨道舱舱门,首度实施空间出舱活动,茫茫太空第一次留下中国人的足迹,如果轨道舱按照半径为 r 的圆形轨道运行,万有引力常量为 G 地球质量为 M,那么运行速度为(  ) A. B. C. D. 14.(3分)李刚同学将质量为m的实心球斜向上抛出(忽略空气阻力),出手后实心球在空中的运动轨迹如图所示,下列说法正确的是(  ) A.上升时重力对球做负功,球的重力势能增大 B.落地前球具有的机械能始终不变 C.上升过程和下落到与手等高处的过程中,重力的平均功率不相等 D.球在最高点处的机械能为mgh(以地面为零势能面) 15.(3分)两个质量不同而初动能相同的物体,在水平地面上由于摩擦力的作用而停止运动.若它们与地面的摩擦力相同,则它们的滑行距离(  ) A.质量大的物体滑行距离长 B.质量小的物体滑行距离长 C.两物体滑行距离相同 D.条件不足,无法判断 16.(3分)下列属于静电现象的是(  ) A.小灯泡发光时会发热 B.条形磁铁能吸引小铁屑 C.摩擦过的塑料笔杆能吸引小纸片 D.通电直导线附近的小磁针会发生偏转 17.(3分)如图所示的装置,可以探究影响安培力大小的因素,实验中如果想增大导体棒摆动的幅度,可能的操作是(  ) A.把磁铁的N极和S极换过来 B.减小通过导体棒的电流强度I C.把接入电路的导线从②、③两端换成①、④两端 D.更换磁性较弱的磁铁 18.(3分)如图所示,一螺线管通电时,其右侧中轴线上A、B两点的磁感应强度分别为BA、BB,则(  ) A.BA>BB,方向均向左 B.BA<BB,方向均向左 C.BA>BB,方向均向右 D.BA<BB,方向均向右 19.(3分)人类历史上首先捕捉到电磁波,并证明了电磁波和光具有相同性质的科学家是(  ) A.奥斯特 B.安培 C.赫兹 D.麦克斯韦 20.(3分)如图,小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上,那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中(弹簧一直保持竖直),下列说法中正确的是(  ) A.弹簧的弹性势能一直增大 B.小球的动能先增大后减小 C.小球的重力势能先增大后减小 D.小球和弹簧系统的机械能先增大后减小 21.(3分)如图所示,有一长为80cm的玻璃管竖直放置,当红蜡块从玻璃管的最下端开始匀速上升的同时,玻璃管水平向右匀速运动.经过20s,红蜡块到达玻璃管的最上端,此过程玻璃管的水平位移为60cm.不计红蜡块的大小,则红蜡块运动的合速度大小为(  ) A.3cm/s B.4cm/s C.5cm/s D.7cm/s 22.(3分)如图所示,坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m,在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下,沿水平地面向右移动了一段距离l.已知雪橇与地面间的动摩擦因数为μ,雪橇受到的(  ) A.支持力做功为mgl B.重力做功为mgl C.拉力做功为Flcosθ D.滑动摩擦力做功为﹣μmgl 23.(3分)蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中运动。为了测量运动员跃起的高度,训练时可在弹性网上安装压力传感器,利用传感器记录弹性网所受的压力,并在计算机上作出压力﹣时间图象,假如作出的图象如图所示。设运动员在空中运动时可视为质点,则运动员跃起的最大高度是:(g取10m/s2)(  ) A.1.8m B.3.6m C.5.0m D.7.2m 24.(3分)如图所示,电源的内阻r=2.0Ω,电阻R=8.0Ω,开关闭合后,电流表示数I=0.30A.则电源的电动势E及1分钟内电阻R产生的焦耳热Q分别为(  ) A.2.4V,0.72J B.3V,5.4J C.2.4V,54J D.3V,43.2J 25.(3分)对公式U=Ed的理解,下列说法正确的是(  ) A.在相同距离上的两点,电势差大的其场强也必定大 B.匀强电场中,沿着电场线方向相等的距离上的电势降落必定相等 C.此公式只适用于匀强电场 D.公式中的d是任意两点间的距离 26.(3分)如图所示,a、b是等量异种点电荷连线的中垂线上的两点,现将某检验电荷分别放在a、b两点,下列说法中正确的是(  ) A.受到电场力大小相等,方向相同 B.受到电场力大小相等,方向相反 C.受到电场力大小不相等,方向相反 D.受到电场力大小不相等,方向相同 27.(3分)关于感应电动势大小的下列说法中,正确的是(  ) A.线圈中磁通量变化越大,线圈中产生的感应电动势一定越大 B.线圈中磁通量越大,产生的感应电动势一定越大 C.线圈放在磁感应强度越强的地方,产生的感应电动势一定越大 D.线圈中磁通量变化越快,产生的感应电动势越大 二、填空题:把答案填在答题卡相应的横线上(共6分). 28.(6分)以下为“探究加速度与力、质量关系”的实验。 (1)小刚在探究加速度与某个物理量的关系时,其中的两次实验装置如图甲所示,根据实验装置可以判定,小刚在探究加速度与   的关系(填“力”或“质量”) (2)如图乙所示为小刚在实验中得到的一条纸带,两相邻计数点间还有四个点没有画出,已知打点周期为0.02s。根据纸带上数据,计算打计数点3时小车的速度为   m/s (3)小刚研究加速度与力的关系时,做出的加速度与力的图象如图丙所示,根据图象推测,小刚在实验操作中重要的疏漏是    三、计算题:(本部分2小题,其中29小题6分,30小题7分,共13分). 29.(6分)如图所示,质量为2kg的物体在与水平面成53°角的拉力F=20N作用下,沿水平桌面由静止向右做直线运动,已知物体与桌面间的动摩擦因数μ=0.5,求(sin53°=0.8,cos53°=0.6,g=10m/s2) (1)物体的加速度大小; (2)开始运动后4s内物体发生的位移x的大小是多少; (3)开始运动后4s末物体的速度是多大。 30.(7分)如图所示为打弹珠的游戏装置,光滑竖直细管AB位于平台下方,高度为4h,直管底部有一竖直轻弹簧,其长度远小于4h。平台上方BC段为一光滑的圆弧管型轨道,其半径为h,管自身粗细对半径的影响可忽略不计。现拉动拉杆压缩弹簧,再释放拉杆将一质量为m的小球弹出,小球弹出后从管口C水平飞出,落至平台上,落点距管口C的水平距离为10h,不计一切阻力,重力加速度为g,试求: (1)小球从管口C飞出时的速度; (2)弹簧被压缩后具有的弹性势能; (3)若平台上方圆弧轨道的半径可调,且保证每次拉动拉杆压缩弹簧的形变量为定值,则当圆弧轨道半径为何值时,小球从管口飞出后距管口C的水平距离最大?最大值是多少? 2019-2020学年江苏省淮安市清江浦区淮阴中学高二(上)学业水平物理合格性试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题:每小题只有一个选项符合题意(本部分27小题,每小题3分,共81分). 1.【解答】解:A、伽利略首次提出“提出假说,数学推理,实验验证,合理外推”的科学推理方法,故A错误; B、在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想,故B正确; C、用质点来代替实际物体是采用了理想模型的方法,故C正确; D、卡文迪许测定万有引力常量过程中采用了微小量放大法,故D正确。 本题选错误的,故选:A。 2.【解答】解:A、煤、石油虽然是当今人类利用的主要能源,但不能短期内从自然界得到补充,是不可再生能源,故A错误; B、能量被使用后转化为其他形式的能;能量并没有消失;故B错误; C、太阳能和风能,包括水能等都是可再生资源且为清洁能源,应该尽量开发,故C正确; C、D、能量虽然守恒,但有些能量使用以后不可能再被利用,所以要节约资源,但能量是不会减少,也不会被消灭掉的,只是形式发生转变,故D错误; 故选:C。 3.【解答】解:甲指的是到达南京的路线长度,故为路程;而乙限的是车辆在每一时刻的速度,故为瞬时速度;故只有B正确; 故选:B。 4.【解答】解:从高为5m的枝头落下的树叶的运动不是自由落体运动,时间大于自由落体运动的时间; 根据h=,得到自由落体运动的时间:t=,故梧桐叶落地时间一定大于1s; 故选:D。 5.【解答】解:A、力是物体与物体之间的相互作用,故A正确; B、性质不同的力,可以产生相同的效果,当力的三要素相同时,力的作用效果相同,故B正确; C、力是矢量,有大小也有方向,力可以用一根带箭头的线段来表示,长度表示大小,箭头表示方向,故C正确; D、向上抛出的物体,在空中向上运动过程中,如果不考虑空气阻力,只受到重力,不受向上的力,故D错误; 本题选错误的, 故选:D。 6.【解答】解:刹车时速度减小,动能减小,但是质量不变,质量是惯性大小的量度,所以惯性不变,故B正确。 故选:B。 7.【解答】解:AB、木块处于静止,在竖直方向上受两个力,即重力和墙对木块的静摩擦力。两个力是一对平衡力。故A正确,B错误; C、木块对墙的压力与水平外力F,方向相同,作用在不同的物体上,既不是一对平衡力,也不是作用力和反作用力,故C错误; D、木块在水平方向上受外力F和墙对木块的压力,两个力是一对平衡力。故CD错误。 故选:A。 8.【解答】解:一小球分别以不同的初速度,从光滑斜面的底端A点向上做直线运动,所能到达的最高点位置分别为a、b、c,可知初速度 v01>v02>v03 根据平均速度 知,故B正确,ACD错误; 故选:B。 9.【解答】解:由于月球上没有空气所以石块在下落的过程中仅受重力,根据牛顿第二定律F=ma可知a===g(其中g为月球表面的重力加速度), 故石块做匀加速直线运动。 而在v﹣t图中图象的斜率等于物体的加速度,故石块在月球表面自由下落时其速度图象应是过坐标原点的直线。 故选:B。 10.【解答】解:力平衡中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线,故除F1外的两个力的合力大小等于F1,方向与F1反向,故等效成物体受两个互成120°的大小等于F1的力作用; 根据平行四边形定则可知,两个大小相等且互成120°的力合成时,合力在两个分力的角平分线上,大小等于分力,故此时物体所受到的合力大小为F1; 故选:A。 11.【解答】解:A、作图时需确定力的大小和方向,故A错误; BC、图中F′与OA重合,是单独用一个弹簧测力计拉橡皮条的力,故B正确,C错误; D、虽然F′与F并不完全重合,但是在误差允许的范围内力的合成遵循平行四边形定则,故D错误。 故选:B。 12.【解答】解:A、A和B链条传动,链条上各点的线速度大小相等,因两轮半径不相等,则两点的角速度不相等,故A错误; BC、B和C两点同轴转动,所以两点的角速度相等;据v=ωr和两点的半径不同,所以线速度大小不同,故B错误,C正确; D、因为AB两点线速度相等,而BC两点的线速度不等,则A、C两点的线速度大小不相等,故D错误。 故选:C。 13.【解答】解:根据万有引力提供向心力得 = v= 故选:D。 14.【解答】解:A、上升时重力对球做负功,球的重力势能增大,故A正确; B、因为运动中只有重力对球做功,则球的机械能守恒,即落地前球具有的机械能始终不变,故B正确; C、根据斜抛运动的特点可知,上升过程和下落到与手等高处的过程中,所用时间相等,重力做功大小相等,根据 可知,重力的平均功率相等,故C错误; D、球在最高点处还有动能,则在最高点的机械能大于mgh(以地面为零势能面),故D错误; 故选:AB。 15.【解答】解:由动能定理可知:﹣fx=0﹣EK 因为初动能相同,它们与地面的摩擦力相同,所以滑行的距离也相同,与质量无关, 故ABD错误,C正确; 故选:C。 16.【解答】解:A、灯泡发光时会发热属于电流的热效应,不是静电现象,故A错误; B、小磁针吸引小铁屑属于磁现象,并不是静电现象,故B错误; C、塑料摩擦会产生电荷,能吸引小纸片,是静电现象。故C正确; D、通电直导线附近的小磁针会发生偏转是由于电流产生的磁场对小磁针的作用,属于磁现象。故D错误。 故选:C。 17.【解答】解:ABD、要使幅度增大,应增大导体棒受到的安培力,而安培力F=BIL,故可以增大磁感应强度B、电流或导体棒的有效长度,更换N、S极只是改变偏转方向; 故ABD错误; C、而把接线由②、③两条换成①、④两条后,导体棒在磁场中的长度增大,故C正确。 故选:C。 18.【解答】解:越靠近螺线管的两端,磁感应强度越大,可知BA>BB,根据右手螺旋定则可知,螺线管内部磁场方向向左,则A、B两点的磁场方向均向左,故A正确,B、C、D错误。 故选:A。 19.【解答】解:建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦,而首先证实电磁波存在的科学家是赫兹,故C正确,ABD错误 故选:C。 20.【解答】解:A、小球在向下运动过程中,弹簧的压缩量越来越大,弹簧的弹性势能一直增大,故A正确; B、小球在向下运动过程中,受到重力与弹簧弹力作用,开始的一段时间内,重力大于弹力,合外力做正功,小球动能增大,后来弹簧的弹力大于小球重力,合力对小球做负功,小球的动能减小,因此小球动能先增大后减小,故B正确; C、在向下运动过程中,小球的质量不变而高度逐渐减小,小球的重力势能一直减小,故C错误; D、小球在向下运动过程中,受到重力与弹簧弹力的作用,除重力之外,弹簧弹力对小球做负功,小球和弹簧系统的机械能不变。故D错误 故选:AB。 21.【解答】解:由题意可知,玻璃管水平向右匀速运动,则移动的速度为: v1==3cm/s; 而在竖直方向的移动速度为: v2==4cm/s; 由速度的合成法则,则有红蜡块运动的合速度大小为: v=.故C正确,ABD错误; 故选:C。 22.【解答】解:对雪橇受力分析,如图: A、支持力做功WN=Nlcos90°=0,故A错误; B、重力做功WG=mglcos90°=0,故B错误; C、拉力做功为WF=Flcoθ,故C正确; D、雪橇竖直方向受力平衡:N+Fsinθ=mg 则N=mg﹣Fsinθ f=μN=μ(mg﹣Fsinθ) 则摩擦力做功Wf=﹣fl=﹣μ(mg﹣Fsinθ)l,故D错误; 故选:C。 23.【解答】解:由图可知运动员在空中竖直上抛运动的时间为:t=4.3s﹣2.3s=2s 根据对称性可知,下落的时间为:t1==1s 运动员做竖直上抛运动,所以跃起最大高度为:h==m=5m。故ABD错误,C正确。 故选:C。 24.【解答】解:开关闭合后,根据闭合电路欧姆定律得电源的电动势:E=I(R+r)=0.3×(8+2)V=3V, 在t=60s时间内,电阻R产生的焦耳热:Q=I2Rt=0.32×8×60J=43.2J,故D正确,ABC错误。 故选:D。 25.【解答】解:A.在相同距离上的两点,电势差大,场强不一定大,只有沿电场线方向相同距离上的两点,电势差大的其场强才必定大,故A错误; B.因为是匀强电场,所以沿着电场线方向相等距离上的电势降落一定相等,故B正确; C.此公式只适用于匀强电场,故C正确; D.公式中的d 必须是沿电场线方向的距离,故D错误。 故选:BC。 26.【解答】解:由图可知看出:a处电场线密,电场强度大。两点的电场线的切线方向相同,所以电场强度方向相同,放入同种检验电荷,受到的电场力大小不等,方向相同。 故选:D。 27.【解答】解:根据法拉第电磁感应定律E=n得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比。 A、磁通量变化越大,则不知磁通量的变化时间,故,不一定越大,故A错误; B、磁通量越大,是Φ大,但△Φ及,则不一定大,故B错误; C、虽然磁感应强度越强的磁场中,但可能是定值,产生的感应电动势可能不变,故C错误; D、磁通量变化的快慢用,表示磁通量变化得快,则,比值就大,根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势就越大,故正确D。 故选:D。 二、填空题:把答案填在答题卡相应的横线上(共6分). 28.【解答】解:(1)该实验的研究方法是控制变量法,分析图甲可知,两次实验中,小车的质量不变,砝码的重力发生了变化,则小刚控制小车质量一定的情况下,探究小车加速度与受力的关系。 (2)两相邻计数点间还有四个点没有画出,已知打点周期为0.02s,则T=5×0.02s=0.1s, 小车做匀变速直线运动,根据匀变速直线运动中,一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解打计数点3时小车的速度, v3==m/s=0.15m/s。 (3)分析图丙可知,当力增加到一定值时,小车才产生加速度,可知小刚在实验操作中重要的疏漏是未平衡摩擦力。 故答案为:(1)力;(2)0.15;(3)未平衡摩擦力。 三、计算题:(本部分2小题,其中29小题6分,30小题7分,共13分). 29.【解答】解:(1)物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力,受力分析如图所示: 水平方向根据牛顿第二定律可得:Fcos53°﹣f=ma 竖直方向根据平衡条件可得:Fsin53°+FN=mg 又有:f=μFN 联立解得:a=5m/s2 (2)开始运动后4s内物体发生的位移为: x==m=40m (3)开始运动后4s末物体的速度为: v=at=5×4m/s=20m/s 答:(1)物体的加速度大小为5m/s2; (2)开始运动后4s内物体发生的位移x的大小是40m; (3)开始运动后4s末物体的速度是20m/s。 30.【解答】解:(1)小球从管口C飞出后做平抛运动,竖直方向有: h= 水平方向有: 10h=v0t 解得 v0=5 (2)小球从弹出到管口过程,由动能定理得: W弹﹣mg(4h+h)=﹣0 根据功能关系知:弹簧被压缩后具有的弹簧弹性势能 Ep=W弹 解得 Ep=30mgh (3)设圆弧半径为x,由动能定理得: Ep﹣mg(4h+x)=﹣0 飞出后做平抛运动,有: x= 水平距离 s=vt 解得 s=2 当26h﹣x=x,即x=13h时,水平距离s最大,且最大距离为26h。 答: (1)小球从管口C飞出时的速度为5。 (2)弹簧被压缩后具有的弹性势能为30mgh。 (3)当圆弧轨道半径为13h时,小球从管口飞出后距管口C的水平距离最大,最大值是26h。

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  • ID:6-7131439 2019-2020学年北京市海淀区人大附中高三(下)自主练习物理试卷

    高中物理/月考专区/高三

    2019-2020学年北京市海淀区人大附中高三(下)自主练习物理试卷 一、单项选择题(本题共8小题;每题3分,共24分.每小题只有一个选项符合题意) 1.(3分)图甲是一款手机支架,其表面采用了纳米微吸材料,用手触碰无粘感,接触到平整的硬性物体时会牢牢吸附在物体上。图乙是手机静止吸附在支架上的侧视图,若手机的重力为G,此时手机面与水平面夹角为θ,则该支架对手机作用力大小为(  ) A.G B.Gsinθ C.Gcosθ D.Gtgθ 2.(3分)在学习光的色散的时候老师课堂上做了一个演示实验,让某特制的一束复色光由空气射入一块平行平面玻璃砖(玻璃较厚),经折射分成两束单色光a、b,已知a光是红光,而b光是蓝光,下列光路图正确的是(  ) A. B. C. D. 3.(3分)如图所示圆形区域内,有垂直于纸面方向的匀强磁场,一束质量 和电荷量都相同的带电粒子,以不同的速率,沿着相同的方向,对准圆心O射入匀强磁场,又都从该磁场中射出,这些粒子在磁场中的运动时间有的较长,有的较短,若带电粒子在磁场中只受磁场力的作用,则在磁场中运动时间越长的带电粒子(  ) A.速率一定越小 B.速率一定越大 C.在磁场中通过的路程一定越长 D.在磁场中的周期一定越大 4.(3分)用如图所示电路可以测量干电池的电动势和内阻,图中R为电阻箱。下列关于该实验的说法中正确的是(  ) A.为了测量电动势和内阻,至少需要测量6组数据 B.用图象处理数据时,为了得到线性图象,可以作U与R的图象 C.用图象处理数据时,为了得到线性图象,可以作与R的图象 D.因电压表内阻产生的误差属于系统误差 5.(3分)如图是一火警报警电路的示意图.其中R3为用某种材料制成的传感器,这种材料的电阻率随温度的升高而增大.值班室的显示器为电路中的电流表,电源两极之间接一报警器.当传感器R3所在处出现火情时,显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是(  ) A.I变大,U变小 B.I变小,U变大 C.I变大,U变大 D.I变小,U变小 6.(3分)岁末年初,我国航天界喜讯连连。2019年12月27日,长征五号遥三运载火箭在中国文昌航天发射场(北纬19.6度)点火升空,将实践二十号卫星准确送入预定轨道。2020年1月7日,我国在西昌卫星发射中心(北纬28.2度)用长征三号乙运载火箭,成功将通信技术试验卫星5号发射升空。实践二十号和实验卫星5号经过变轨后,最终都成为地球同步卫星。(  ) A.两颗卫星的运行速度均大于第一宇宙速度 B.两颗卫星的运行速度介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间 C.两颗卫星的运行轨道、周期、运行速率及动能均相同 D.在火箭推力相同的情况下,在文昌发射时有效荷载比西昌大 7.(3分)如图所示是世界上早期制作的发电机及电动机的实验装置,有一个可绕固定转轴转动的铜盘,铜盘的一部分处在蹄形磁铁当中。实验时用导线A连接铜盘的中心,用导线B通过滑片与铜盘的边缘连接且接触良好。若用外力摇手柄使得铜盘转动起来时,在AB两端会产生感应电动势;若将AB导线连接外电源,则铜盘会转动起来。下列说法正确的是(  ) A.产生感应电动势的原因是感生电场力作为非静电力做功 B.若电路闭合且顺时针转(俯视)动铜盘,则电路中会产生感应电流,且电流从A端流出 C.若要通电使铜盘顺时针(俯视)转动起来,A导线应连接外电源的正极 D.通电后铜盘转动起来,是由于铜盘上相当于径向排列的无数根铜条受到安培力作用 8.(3分)如图所示,在铁芯上、下分别绕有匝数n1=800和n2=200的两个线圈,上线圈两端与u=51sin314t(V)的交流电源相连,将下线圈两端接交流电压表,则交流电压表的读数可能是(  ) A.2.0V B.9.0V C.12.7V D.144.0V 二、不定项选择题(本题共6小题,每小题3分,共18分.每小题的选项中至少有一个是符合题意的.全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有错选或不答的得0分.) 9.(3分)下列叙述正确的是(  ) A.一切物体都在辐射电磁波,电磁波具有能量 B.光是一种电磁波 C.普朗克提出了能量子假说 D.自然界的能量守恒,不同形式的能可互相转化,所以不需要节约能源 10.(3分)下列关于光学现象的说法中,正确的有(  ) A.“泊松亮斑”现象是光的波动说的有力证据之一 B.光的干涉和衍射表明光是横波 C.太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹,这是光的干涉现象 D.通过手指间的缝隙观察日光灯可以看到彩色条纹,这是光的衍射现象 11.(3分)一列简谐横波沿x轴正方向传播,O为波源,如图是波源开始振动后0.1s时的波形图,则下列判断正确的是(  ) A.这列波的波速为40m/s B.这列波的波长为4m C.再经过0.55s,x=24m处的质点位于波峰 D.再经过0.55s,x=24m处的质点位于波谷 12.(3分)在如图所示的空间中,存在场强为E的匀强电场,同时存在沿x轴负方向,磁感应强度为B的匀强磁场。一质子(电荷量为e、不计重力)在该空间恰沿y轴正方向以速度v匀速运动。据此可以判断出(  ) A.质子所受电场力大小等于eE,电场沿z轴负方向;运动中电势能增大 B.质子所受电场力大小等于eE,电场沿z轴负方向;运动中电势能不变 C.质子所受电场力大小等于evB,电场沿z轴正方向;运动中电势能不变 D.质子所受电场力大小等于evB,电场沿z轴负方向;运动中电势能不变 13.(3分)如图所示,楔形木块abc固定在水平面上,粗糙斜面ab和光滑斜面bc与水平面的夹角相同,顶角b处安装一定滑轮。质量分别为M、m(M>m)的滑块,通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接,轻绳与斜面平行。两滑块由静止释放后,沿斜面做匀加速运动。若不计滑轮的质量和摩擦,在两滑块沿斜面运动的过程中(  ) A.两滑块组成系统的机械能守恒 B.重力对M做的功等于M动能的增加 C.轻绳对m做的功等于m机械能的增加 D.两滑块组成系统的机械能损失等于M克服摩擦力做的功 14.(3分)交警正在调查发生在无信号灯的十字路口的一起汽车相撞事故,根据两位司机的描述得知,发生撞车时汽车A正沿东西大道向正东行驶,汽车B正沿南北大道向正北行驶。相撞后两车立即熄火并在极短的时间内叉接在一起后并排沿直线在水平路面上滑动,最终一起停在路口东北角的路灯柱旁,交警根据事故现场情况画出了如图所示的事故报告图。通过观察地面上留下的碰撤痕迹,交警判定撤的地点为该事故报告图中P点,并测量出相关的数据标注在图中,又判断出两辆车的质量大致相同。为简化问题,将两车均视为质点,且它们组成的系统在碰撞的过程中动量守恒,根据图中测量数据可知下列说法中正确的是(  ) A.发生碰撞时汽车A的速率较大 B.发生碰撞时汽车B的速率较大 C.发生碰撞时速率较大的汽车和速率较小的汽车的速率之比约为12:5 D.发生碰撞时速率较大的汽车和速率较小的汽车的速率之比约为2: 三、填空题(本题共3小题,共18分.把答案填在答题纸的相应横线上.) 15.(5分)通过对不同现象的深入分析从而找出其内在的本质联系,进而通过归纳形成简洁的、具有普遍意义的结论,是物理学家认识自然的方式。楞次定律是一个典型例子。 (1)写出楞次定律的完整表述。    (2)楞次定律是下列哪个规律在电磁感应现象中的体现?    A.库仑定律 B.欧姆定律 C.电荷守恒定律 D.能量守恒定律 16.(5分)“测量玻璃的折射率”的实验中,某同学在白纸上放好玻璃砖,aa'和bb'分别是玻璃砖与空气的两个界面,如图甲所示。在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2,用“+”表示大头针的位置,然后在另一侧透过玻璃砖观察,并依次插上大头针P3和P4.在插P3和P4时,应使   (选填选项前的字母)。 A.P3只挡住P1的像; B.P4只挡住P2的像; C.P3同时挡住P1、P2的像 另一位同学作玻璃砖的下侧界面时向外稍许偏离,以aa′、bb′为界面画光路图,其它操作均正确,如图乙所示。该同学测得的折射率与真实值相比   (填“偏大”、“偏小”或“不变”) 17.(8分)学校开展研究性学习,某研究小组的同学根据所学的光学知识,设计了一个测量液体折射率的仪器,如图所示。在一圆盘上,过其圆心O作两条互相垂直的直径BC、EF,在半径OA上,垂直盘面插下两枚大头针P1、P2,并保持P1、P2位置不变,每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中,而且总使得液面与直径BC相平,EF作为界面的法线,而后在图中右上方区域观察P1、P2的像,并在圆周上插上大头针P3,使P3正好挡住P1、P2的像,同学们通过计算,预先在圆周EC部分刻好了折射率的值,这样只要根据P3所插的位置,就可直接读出液体折射率的值,则: ①若∠AOF=30°,OP3与OC的夹角为30°,则P3处所对应的折射率的值为   ; ②作AO的延长线交圆周于K,K处所对应的折射率值应为   。 ③你认为圆周KC部分折射率刻度有什么特点?    四、计算与论证题(本题共5小题,共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题必须明确写出数值和单位.) 18.(8分)为了测量某化肥厂的污水排放量,技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的电磁流量计,该装置由绝缘材料制成,长、宽、高分别为a、b、c,左右两端开口,在垂直于上下表面方向加磁感应强度为B的匀强磁场,在前后两个内侧面固定有金属板作为电极,污水(带有正负离子)充满管口从左向右流经该装置时,接在电极间的理想电压表将显示两个电极间的电压U.若用Q表示污水流量(单位时间内排出的污水体积)。 (1)前、后内侧面哪个电极电势高?简要说明理由; (2)求流量Q的表达式(用已知量表示); (3)污水中离子浓度越高,电压表示数是否越大? 19.(8分)如图甲所示,电阻r=5Ω、匝数n=100匝的线圈(图中只画了2匝)两端A、B与阻值R=95Ω的电阻相连。线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场,线圈中的磁通量按图乙所示规律变化。求: (1)感应电流强度大小; (2)0.1s时间内通过电阻R的电荷量; (3)0.1s时间内非静电力所做的功。 20.(10分)如图所示,半径R=0.1m的竖直半圆形光滑轨道BC与水平面AB相切,AB距离x=1m.质量m=0.1kg的小滑块1放在半圆形轨道末端的B点,另一质量也为m=0.1kg的小滑块2,从A点以v0=2m/s的初速度在水平面上滑行,两滑块相碰,碰撞时间极短,碰后两滑块粘在一起滑上半圆形轨道.已知滑块2与水平面之间的动摩擦因数μ=0.2.取重力加速度g=10m/s2.两滑块均可视为质点.求: (1)碰后瞬间两滑块共同的速度大小v; (2)两滑块在碰撞过程中损失的机械能△E; (3)在C点轨道对两滑块的作用力大小F. 21.(8分)众所周知:长为l的导体棒在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω垂直切割磁感线时,产生的电动势大小为E=.这个结论的证明方法有多种,其中有一种采用的是“微元法”。如图甲所示,把长为l的导体棒OA分成n段,每小段长为△l(△l=),当n足够大时,认为每一小段分别以速度v1=ω?△l、v2=ω?2△l,……,vn=ω?n△l匀速切割磁感线。当n趋近于无穷大时(即每一小段长度趋近于0,此时(n+1)△l=l),每小段切割磁感线产生的电动势之和即为导体棒产生的总电动势。如图乙所示。 ①由上述思路证明E=; ②如图丙所示,把电阻为R的一段长直金属丝首尾相连,做成半径为r的单匝圆环竖直放置。磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面,在环的最高点A用铰链连接长度为2r、电阻为R的导体棒AB,AB由水平位置紧贴环面摆下,当摆到竖直位置时,B点的线速度为v,求此时AB两端的电压大小及通过AB的感应电流方向。 22.(6分)自质子源的质子(初速度可视为零、不计质子间的作用),经一加速电压为U直线加速器加速,形成电流强度恒为I的细柱形质子流。假定分布在质子源到靶之间的加速电场是均匀的,解题过程中所需物理量自行假设,用约定俗成的符号表示。 ①若质子打到靶上均被吸收,质子动能全部转化为靶的内能,单位时间内打到靶上的动能之为即为发热功率P,由此求P的表达式; ②假设质子在质子源与靶之间运动的时间为t,试用“微元法”思想探究在质子源与靶之间所有质子总动能的表达式。(12+22+……+n2=n(n+1)) 2019-2020学年北京市海淀区人大附中高三(下)自主练习物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题(本题共8小题;每题3分,共24分.每小题只有一个选项符合题意) 1.【解答】解:手机处于静止状态,受力平衡,受到重力和支架对手机的作用力,根据平衡条件可知,支架对手机的作用力大小等于重力G,方向与重力方向相反,竖直向上,故A正确BCD错误; 故选:A。 2.【解答】解:玻璃对蓝光的折射率大于红光的折射率,光线得到玻璃砖上表面时,两束光的入射角i相等,根据折射定律n=,得到红光的折射角大于蓝光的折射角,则a光在b光的右侧。光线经过玻璃砖上下两个表面两次折射后,根据光路的可逆性可知出射光线与入射光线平行。故B正确。 故选:B。 3.【解答】解:D、由周期公式得:T=,由于带电粒子们的B、q、m均相同,所以T相同,故D错误; A、B、根据t=T可知,在磁场中运动时间越长的带电粒子,圆心角越大,半径越小,由r=知速率一定越小,故A正确,B错误; C、在磁场中通过的路程:S=θr=;时间长的速度小、圆心角大,故弧长一定小;故C错误; 故选:A。 4.【解答】解:A、根据闭合电路欧姆定律得:E=U+Ir=U+r,可知,为了测量电动势和内阻,至少需要测量2组数据。故A错误。 BC、由上变形得:=+,则知,用图象处理数据时,为了得到线性图象,可以作与的图象,故BC错误。 D、由于电压表分流,导致电流误差,这是由于电路本身引起的误差,属于系统误差,故D正确。 故选:D。 5.【解答】解:当传感器R3所在处出现火情时,R3的电阻增大,外电路总电阻增大,根据闭合电路欧姆定律得知,干路电流I减小,路端电压变大,即报警器两端的电压U变大。传感器R3与电阻R2并联部分的电压U并=E﹣I(r+R1),I减小,U并变大,电流表的读数变大。 故选:C。 6.【解答】解:AB、第一宇宙速度7.9km/s是近地卫星的运行速度,也是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大运行速度, 由G=m解得v= 可知轨道半径越大线速度越小,两颗同步卫星的轨道半径大于近地卫星的轨道半径,其运行速度一定小于7.9km/s,故AB错误; C、同步卫星的周期T相同,都在赤道上空,由G=mr可知周期相同,则轨道半径相同,由v= 可知线速度相同,但因动能与质量有关,则动能不一定相同,故C错误 D、文昌的纬度比西昌的低,则其线速度大,在火箭推力相同的情况下,在文昌发射时有效荷载比西昌大,故D正确 故选:D。 7.【解答】解:A、外力摇手柄使得铜盘转动产生感应电动势的原因是铜盘盘面上无数个沿半径方向的铜棒在切割磁感线而产生的,其实质上电子在磁场中运动时受到洛伦兹力的作用使得电子发生定向移动产生感应电动势,故A错误; B、若电路闭合且顺时针转(俯视)动铜盘,根据右手定则可得感应电流在圆盘中是从外到内,A端是感应电动势的正极,电路中电流从A端流出,故B正确; C、若要通电使铜盘顺时针转动(俯视)起来,在通电导线受到安培力作用下运动的,根据左手定则,B导线应连接外电源的正极,故C错误; D、A、B接电源时铜盘会转动起来,是由于铜盘沿径向排列的无数根铜条受到安培力使得铜盘转动,故D正确。 故选:BD。 8.【解答】解:根据u=51sin314t(V)可知 交流电的最大值为Um=51V 则其有效值U1==V 由图可知线圈n1是原线圈,线圈n2是副线圈, 如果变压器是理想变压器,那么输入电压和输出电压的关系有U1:U2=n1:n2 可得U2==×=≈9(V) 因为交流电压表指示的是有效值,故如果是理想变压器则B正确, 但实际变压器存在露磁现象,故通过原线圈的磁通量大于通过副线圈的磁通量,故实际副线圈的输出电压小于9v,故A正确。 故选:A。 二、不定项选择题(本题共6小题,每小题3分,共18分.每小题的选项中至少有一个是符合题意的.全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有错选或不答的得0分.) 9.【解答】解:A、自然界的任何物体都向外辐射电磁波,温度越高,辐射电磁波的本领越强,故A正确; B、光是一种电磁波,具有波粒二象性,故B正确; C、普朗克提出了能量子假说,认为能量是由一份一份不可分割最小能量值组成,并利用能量子假说成功解释了黑体辐射规律,故C正确; D、自然界的能量守恒,但能直接应用的能源使用后品质降低,不能直接应用,所以可利用能源越来越少,需要节约能源,故D错误。 故选:ABC。 10.【解答】解:A、泊松亮斑是光绕过障碍物继续传播的现象,光照射不透明的圆盘时阴影的中心出现一个亮斑,属于衍射现象,是光的波动说的有力证据之一,故A正确; B、光的干涉和衍射表明光是一种波,而光的偏振才是横波特有的现象,故B错误; C、太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹,是由肥皂泡内外表面反射光线,进行相互叠加而形成的,这是光的干涉现象,故C正确; D、通过手指间的缝隙观察日光灯,可以看到彩色条纹,这种现象是光的单缝衍射现象,故D正确; 故选:ACD。 11.【解答】解:AB、观察振动0.1 s时的波形图可知,该波的周期 T=0.2 s,波长λ=8 m,振幅 A=10 cm,可算出波速为 v==m/s=40 m/s,故A正确,B错误; CD、0.1 s时的波峰在2 m处,x=24 m处的质点离它有22 m,这个波峰传播到x=24 m处所需的时间恰为△t== s=0.55 s,故再经过0.55 s,x=24 m处的质点第一次到达波峰,故C正确,D错误。 故选:AC。 12.【解答】解:质子受到电场力F=eE与洛伦兹力f=evB作用而做匀速直线运动,处于平衡状态,由平衡条件可得:eE=evB,电场力与洛伦兹力方向相反; 由左手定则可知,质子所受洛伦兹力竖直向上,则电场力竖直向下,由于质子带正电,所受电场力的方向与电场强度E的方向相同,所以电场强度E方向沿z轴竖直向下,即沿z轴负方向;质子在运动过程中,电场力不做功,因此质子的电势能不变,故AC错误,BD正确。 故选:BD。 13.【解答】解:A、由于“粗糙斜面ab”,故两滑块组成系统的机械能不守恒,故A错误; B、由动能定理得,重力、拉力、摩擦力对M做的总功等于M动能的增加,故B错误; C、除重力弹力以外的力做功,将导致机械能变化,故C正确; D、除重力弹力以外的力做功,将导致机械能变化,摩擦力做负功,故造成机械能损失,故D正确; 故选:CD。 14.【解答】解:设碰撞后两车向东方向的分速度大小为vx,向北方向的分速度大小为vy, 根据速度公式v=,t相同,得:===, 两车碰撞过小系统动量守恒,由动量守恒定律得: 向东方向:取向东为正方向,可得 mvA=2mvx, 向北方向:取向北为正方向,可得 mvB=2mvy, 碰撞前AB两车的速率之比:vA:vB=vx:vy=5:12, 因此碰撞时B的速率较大,发生碰撞时较大速度与较小速度之比为:12:5,故BC正确,AD错误; 故选:BC。 三、填空题(本题共3小题,共18分.把答案填在答题纸的相应横线上.) 15.【解答】解:(1)根据楞次定律得知:感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化; (2)当线圈与磁体间有相对运动时,根据“来拒去留”可知,磁场力都是阻碍线圈与磁体间的相对运动,有外力对系统做了功,导致其他形式的能转化为线圈的电能;当导体做切割磁感线运动时,安培力总是阻碍导体的运动,导体克服安培力做功,把其他形式的能转化为电能,所以楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的体现,故D正确,ABC错误。 故选:D。 故答案为:(1)感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化;(2)D。 16.【解答】解:根据光路可逆知道,逆着出射光线看,出射光线和入射关系在同一条直线上,所以在确定出射光线的方向时,需要P3同时挡住P1、P2的像,P4同时挡住P1、P2的像和P3,这样P3、P4的连线才是入射光线P1、P2经过玻璃砖后的出射光线的方向,故C正确; 作玻璃砖的下侧界面时向外稍许偏离,以aa′、bb′为界面画光路图,如图所示,可以看出,正常情况下的折射角应该为α,但是做出的光路图的折射角变成了β,由图上可以明显看出α<β,即折射角偏大,所以折射率偏小。 故答案为:C;偏小。 17.【解答】解:①由图看出,折射角为i=∠AOF=30°,入射角r=∠EOP3=60°,则P3处所对应的折射率的值为n= ②作AO的延长线交圆周于K,这种情况下折射角与折射角相等,则知K处所对应的折射率的值是1 ③圆周KC部分折射率n=可知, 越靠近K,折射率越小;越靠近C,折射率越大; 密度刻度不均匀; 靠近C刻度稀疏,靠近K刻度密集; 靠近K读数误差大; 故答案为:①;②1;③越靠近K,折射率越小;越靠近C,折射率越大;密度刻度不均匀;靠近C刻度稀疏,靠近K刻度密集;靠近K读数误差大; 四、计算与论证题(本题共5小题,共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题必须明确写出数值和单位.) 18.【解答】解:(1)正、负离子进入磁场,由左手定则可以判断:正离子往后侧面偏转、而负离子往前侧面偏转,故后侧面电势高。 (2)前、后两侧面上有正、负电荷,形成匀强电场,最终正、负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡, qvB=q 流量:Q=vbc 联立解得,Q=。 (3)前、后表面形成稳定的电势差:U=Bvb,电压表示数U与离子的浓度无关。 答:(1)后侧面电势高,理由见解析。 (2)流量Q的表达式为Q=。 (3)污水中离子浓度越高,电压表示数不变。 19.【解答】解:(1)由法拉第电磁感应定律:E=n, 代入数据得:E=50V 根据闭合电路欧姆定律可知:I= 代入数据得:I=0.5A (2)根据电荷量定义可知:q=I?△t 代入数据得:q=0.05C (3)非静电力做的功等于电源获得的电能,也等于电源向整个电路提供的能量,有: W=EIt 代入数据解得:W=2.5J。 答:(1)感应电流强度大小为0.5A。 (2)0.1s时间内通过电阻R的电荷量为0.05C。 (3)0.1s时间内非静电力所做的功为2.5J。 20.【解答】解:(1)以滑块2为研究对象,从A到B: 根据动能定理可得:﹣μmg?x=m﹣m 以两滑块为研究对象,碰撞前后,以向右为正方向, 根据动量守恒定律:mvB=2mv 代入数据解得:v=3m/s; (2)根据能量守恒定律:△E=m﹣×2mv2 代入数据解得:△E=0.9J (3)以两滑块为研究对象,从B到C: 根据机械能守恒定律可得:×2mv2=×2m+2mg×2R 在C点,两滑块受重力和轨道的作用力F, 根据牛顿第二定律可得:F+2mg=2m 代入数据解得:F=8N. 答:(1)碰后瞬间两滑块共同的速度大小为3m/s; (2)两滑块在碰撞过程中损失的机械能为0.9J; (3)在C点轨道对两滑块的作用力大小为8N. 21.【解答】解:①由题意知导体棒产生的感应电动势为:E=B△l?(ω?△l)+B△l(ω?2△l)+…+B△l(ω?n△l) 化简得:E=B△l(ω△l)(1+2+…n)=, 因n△l=l, 且当n趋近于无穷大时,(n+1)△l=l, 代入上式得: ②由题意知,电动势大小为: 由题意知导体棒摆到竖直位置时,圆环等效电阻为 由闭合电路欧姆定律及欧姆定律知AB两端电压大小为:= 由右手定则可知通过AB的电流方向为从A到B。 答:①证明过程如解析所示; ②AB两端的电压大小为,通过AB的感应电流方向。 22.【解答】解:①设电子质量和电量分别为m和e,单位时间内质子源发出的质子数为n0,由题意n0为定值,且由电流强度定义有: I==n0e 设电子到达靶处的速率为v,则由动能定理得: eU= 由功率定义知:P== 由以上几式,得 P=UI。 ②由微元法的基本思想,可以把质子从质子源到靶之间加速的时间t分成n个△t(△t=),从质子源每次进入加速电场的质子个数为n0?△t(鱼贯而入),最早进入电场的质子加速t=n△t即到达靶。其它质子的加速时间依次为(n﹣1)△t,……3△t,2△t,△t.设加速度为a,质子源到靶之间所有质子的速度依次为a?n△t,a?(n﹣1)△t,……,a?3△t,a?2△t,a?△t.这些质子动能之和即为所求。 Ek=n0△t?+n0△t?+…+n0△t? 提取公因式,得 Ek=n0△t?(12+22+…+n2)=?n(n+1) 当n趋近于无穷大时,(n+1)△t≈n△t,(2n+1)△t≈2n△t,结合△t=,代入上式得: Ek= 假设质子源到靶的距离为l,因为l=,F=ma,F=eE,E=,n0=,代入上式,整理化简得 Ek=UIt。 答: ①P的表达式为P=UI; ②在质子源与靶之间所有质子总动能的表达式为Ek=UIt。

    • 2020-04-04
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  • ID:6-7131437 2019-2020学年浙江省湖州市高二(上)期末物理试卷

    高中物理/期末专区/高二上学期

    2019-2020学年浙江省湖州市高二(上)期末物理试卷 一、选择题Ⅰ(本大题共12小题,每小题3分,共36分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分) 1.(3分)用国际单位制的基本单位表示磁感应强度的单位,下列正确的是(  ) A.N/(A?m) B.kg/(A?s2) C.N?s/(C?m) D.kg/(C?s) 2.(3分)如图所示,将一束塑料丝一端打结,并用手迅速向下捋塑料丝多次,观察到这束塑料丝下端散开了,产生这种现象的主要原因是(  ) A.塑料丝之间相互感应起电 B.塑料丝所受重力小,自然松散 C.塑料丝受到空气浮力作用而散开 D.由于摩擦起电,塑料丝带同种电荷而相互排斥 3.(3分)关于电场强度的公式①E=k、②E=、③E=,下列说法正确的是(  ) A.它们都只对点电荷的电场成立 B.①②只对点电荷的电场成立,③只对匀强电场成立 C.①只对点电荷的电场成立,②对任何电场都成立,③只对匀强电场成立 D.①只对点电荷的电场成立,②③对任何电场都成立 4.(3分)地球周围地磁场的磁感线分布如图所示,则下列说法中正确的是(  ) A.地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行 B.地球内部不存在磁场 C.地磁南极和地理南极是同一个点 D.地磁南极在地理北极附近 5.(3分)如图所示,在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中,有一个矩形线圈abcd,线圈平面与磁场垂直,O1O2是线圈的对称轴,线圈怎样运动才能使其产生感应电流(  ) A.线圈向右匀速移动 B.线圈向右加速移动 C.线圈垂直于纸面向里平动 D.线圈绕O1O2轴转动 6.(3分)如图所示,M、N两点分别固定两个等量异种点电荷,A是MN连线的中点,B为连线上靠近N的一点,C为连线中垂线上处于A点上方的一点。在A、B、C三点中(  ) A.场强最小的点是A点,电势最高的点是B点 B.场强最小的点是A点,电势最高的点是C点 C.场强最小的点是C点,电势最高的点是B点 D.场强最小的点是C点,电势最高的点是A点 7.(3分)如图所示是某导体的伏安特性曲线,下列说法正确的是(  ) A.当导体两端的电压是4V时,导体的电阻是10Ω B.当导体两端的电压是4V时,导体的电阻是0.1Ω C.当导体两端的电压是8V时,导体的电阻是10Ω D.当导体两端的电压是2V时,通过导体的电流是0.2A 8.(3分)如图所示,电源电动势E=30V,内阻r=1Ω,直流电动机线圈电阻RM=1Ω,定值电阻R=9Ω.闭合开关S,稳定后理想电压表示数为10V.下列说法中正确的是(  ) A.通过电动机的电流为10A B.通过电动机的电流为 A C.电源的输出功率为56W D.电动机的输出功率为20W 9.(3分)如图所示,闭合铁芯上绕有A、B两个线圈,A线圈与电源E、滑动变阻器R、开关S1组成一个回路,B线圈与开关S2、电流表G组成另一个回路。开关S1保持闭合状态。下列说法正确的是(  ) A.闭合开关S2的瞬间,电流表G中有a→b的感应电流 B.闭合开关S2的瞬间,电流表G中有b→a的感应电流 C.闭合开关S2,滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,电流表G中有a→b的感应电流 D.闭合开关S2,滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,电流表G中有b→a的感应电流 10.(3分)如图所示,理想变压器原线圈的匝数为n1,副线圈的匝数为n2,原线圈的两端a、b接正弦交流电,电压表V的示数为220V,负载电阻R=44Ω,电流表A1的示数为0.2A.下列判断正确的是(  ) A.原线圈和副线圈的匝数比为2:1 B.原线圈和副线圈的匝数比为5:1 C.电流表A2的示数为0.1A D.电流表A2的示数为0.4A 11.(3分)家电待机耗电问题常常被市民所忽视。技术人员研究发现每台电视机待机功耗约为1W.据统计,湖州市的常住人口约300万人,平均每户家庭有2台电视机。假设所有家庭都忽视待机功耗,则湖州地区每年因电视机待机而浪费的电能约为(  ) A.1×105度 B.1×107度 C.1×109度 D.1×1011度 12.(3分)如图甲是磁电式电流表的结构图,蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布。线圈中a、b两条导线长度均为l,未通电流时,a、b处于图乙所示位置,两条导线所在处的磁感应强度大小均为B.通电后,a导线中电流方向垂直纸面向外,大小为I,则(  ) A.该磁场是匀强磁场 B.线圈平面总与磁场方向垂直 C.线圈将逆时针转动 D.a导线受到的安培力大小始终为BIl 二、选择题Ⅱ(本大题共3小题,每小题3分,共9分.每小题列出四个备选项中至少有一个是符合题目要求的,全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分) 13.(3分)如图所示,A、B为平行板电容器的两极板,一带电绝缘小球悬挂在电容器内部。闭合开关K,电容器充电,小球静止时悬线偏离竖直方向的夹角为θ.则下述说法正确的是(  ) A.保持开关K闭合,A板向下平移一小段距离,则θ增大 B.保持开关K闭合,A板向右平移一小段距离,则θ增大 C.将开关K断开,A板向下平移一小段距离,则θ不变 D.将开关K断开,A板向右平移一小段距离,则θ不变 14.(3分)如图甲所示,在匀强磁场中,一矩形金属线框绕转动轴O1O2匀速转动。产生的交流电的电动势随时间变化的规律如图乙所示。则下列说法正确的是(  ) A.该交流电的频率为50Hz B.t=0.01s时穿过线框的磁通量为0 C.该电动势的有效值为22V D.该电动势的瞬时值表达式为e=22cos100πt(V) 15.(3分)自行车速度计利用霍尔元件获知自行车的运动速率,如图甲所示,自行车前轮上安装一块磁铁,轮子每转一圈,这块磁铁就靠近霍尔元件一次,霍尔元件会输出一个脉冲电压。图乙为霍尔元件的工作原理图,当磁场靠近霍尔元件时,霍尔元件内做定向运动的自由电子将在磁场力作用下发生偏转,最终使霍尔元件的前后表面上出现电势差,即为霍尔电势差。下列说法正确的是(  ) A.根据单位时间内的脉冲数和自行车车轮的半径即可获知车速大小 B.图乙中,a、b两端分别与霍尔元件前后两表面相连,a的电势小于b的电势 C.若磁感应强度B减小,则霍尔电势差一定减小 D.如果长时间不更换霍尔元件的供电电源,霍尔电势差将减小 三、实验题(本大题共2小题,每空2分,共18分) 16.(8分)某同学利用如图甲所示的多用电表测量一个定值电阻的阻值,图中S、T为可调节的部件。该同学的部分操作步骤如下: ①将选择开关调到电阻挡的“×10”位置; ②将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔,把两笔尖相互接触,调节   (选填“S”或“T”),使电表指针指向电阻挡的   (选填“0刻度线”或“∞刻度线”); ③将红、黑表笔的笔尖分别与电阻两端接触,发现多用电表的示数如图乙所示。为了较准确地进行测量,应将选择开关调到电阻挡的   (选填“×1”或“×100”)位置,然后重复步骤②。 ④测量结束后,应该将多用电表的选择开关打到   位置。 17.(10分)小李同学在研究“导体电阻与其长度的关系”时,从实验室找到一根固定在刻度尺上的电阻丝(总阻值约为10Ω),如图甲。实验室有如下器材:A.干电池若干节;B.电流表(0﹣0.6A﹣3.0A);C.电压表(0﹣3.0V﹣15V);D.滑动变阻器R1,最大阻值为100Ω;E.滑动变阻器R2,最大阻值为10Ω;F.电键一只、导线若干。 (1)按图乙方式连接器材进行实验,选择哪个滑动变阻器更加合理   (填器材前面字母),电键S闭合前,滑动变阻器的滑片应滑至最   (选填“左”或“右”)端。 (2)电压表负接线柱接电阻丝左端,正接线柱接鳄鱼夹,将鳄鱼夹夹在电阻丝上的不同位置,可以测量不同长度电阻丝对应的电压。某次测量时,电压表、电流表指针如图丙所示,此时电压U=   V;电流I=   A。 (3)根据测量的电压U、电流I可以计算出相应的电阻R,进而可以描绘出电阻R与长度L的关系图象(如图丁所示),已知导体横截面积S=0.05mm2,则导体的电阻率ρ=   Ω?m(结果保留3位有效数字) 四、计算题(本大题共3小题,18题10分,19题13分,20题14分,共37分) 18.(10分)如图所示,长l=1m的轻质绝缘细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,小球静止在水平向右的匀强电场中,绳与竖直方向的夹角θ=37°.已知小球所带电荷量q=1.0×10﹣6C,匀强电场的场强E=3.0×103N/C(sin37°=0.6,cos37°=0.8)求: (1)小球所受电场力F的大小; (2)小球的质量m; (3)若场强方向不变,大小突然变为E′=1.0×103N/C,小球到达最低点时的速度大小。 19.(13分)如图甲所示,平行长直导轨MN、PQ水平放置,两导轨间距L=0.5m,导轨左端M、P间接有一阻值R=0.2Ω的定值电阻,其余电阻不计。导体棒ab质量m=0.1kg,与导轨间的动摩擦因数μ=0.1,导体棒垂直于导轨放在距离左端为d=1m处。整个装置处在匀强磁场中,t=0时刻,磁场方向竖直向上,此后,磁感应强度B随时间t的变化如图乙所示,不考虑感应电流对磁场的影响。t=2s前导体棒ab保持静止,t=2s时垂直导体棒ab施加一水平方向的外力F,使ab棒从静止开始向右做加速度a=2m/s2的匀加速直线运动,已知外力作用后3s内回路中产生的焦耳热Q=4.05J.求: (1)t=1s时,通过导体棒ab电流I的大小和方向; (2)t=1s时,导体棒ab受到的摩擦力Ff; (3)t=2s到t=5s时间内通过电阻的电量q; (4)t=2s到t=5s时间内外力F做的功WF。 20.(14分)如图所示平面直角坐标系xOy位于竖直平面内,在坐标系的整个空间存在竖直向上的匀强电场,在区域Ⅰ(0≤x≤L)还存在匀强磁场,磁场方向垂直于xOy平面向里。在x轴上方有一光滑弧形轨道PQ,PQ两点间竖直高度差为.弧形轨道PQ末端水平,端口为Q(3L,)。某时刻一质量为m,带电荷量为+q的小球b从y轴上的M点进入区域I,其速度方向沿x轴正方向,小球b在I区内做匀速圆周运动。b进入磁场的同时,另一个质量也为m,带电荷量为﹣q的小球a从P点由静止释放。两小球刚好在x=2L上的N点(没具体画出)反向等速率相碰。重力加速度为g。求: (1)电场强度E; (2)区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度B; (3)小球a在圆弧轨道PQ上的运动时间t。 2019-2020学年浙江省湖州市高二(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题Ⅰ(本大题共12小题,每小题3分,共36分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分) 1.【解答】解:ACD、国际单位制的基本单位为kg、m、s,由题目易知,选项ACD均不是国际单位制中的基本单位,故ACD都错误; B、磁感应强度为:B=,磁感应强度单位为T,则有:1T===1,故B正确 故选:B。 2.【解答】解:塑料丝与手摩擦带电;塑料丝上带的是同种电荷,同种电荷相互排斥,所以塑料丝会向四周散开,捋的次数越多,塑料丝带电越多,排斥力越多,下端散开的就越大故ABC错误,D正确。 故选:D。 3.【解答】解:公式①是根据定义及库仑定律求出的公式得到的点电荷场强公式,只适用点电荷的电场;公式②是场强的定义式,适用于任何电场,公式③为匀强电场中得出的场强与电势差的关系式,只适用于匀强电场,故C正确,ABD错误。 故选:C。 4.【解答】解:A、磁场是闭合的曲线,地球磁场从南极附近发出,从北极附近进入地球,组成闭合曲线,各点的磁场方向为磁感线的切线方向,所以可知不是地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行,故A错误; B、磁体内外均有磁场,地球内部磁场由S极指向N极,故B错误; CD、地磁南极在地理北极附近,并且地磁南极并不与地理北极重合,存在一定的磁偏角,故C错误,D正确。 故选:D。 5.【解答】解:ABC、由题可知该磁场是匀强磁场,线圈的磁通量为:Φ=Bs,s为垂直于磁场的有效面积,无论线圈向右匀速还是加速移动或者垂直于纸面向里平动,线圈始终与磁场垂直,有效面积不变,因此磁通量一直不变,所以无感应电流产生,故ABC错误; D、当线圈绕O1O2轴转动时,在转动过程中,线圈与磁场垂直的有效面积在不断变化,因此磁通量发生变化,故有感应电流产生,故D正确。 故选:D。 6.【解答】解:两个等量异种点电荷电场线分布如图所示: 电场线的密集程度反应了电场强度的大小,根据图象可知:EC<EA<EB,故C点电场强度最小;沿电场方向,电势时降低的,有φA<φB,而MN的中垂线是一条等势线,有φA=φC,故B点电势最高,故C正确,ABD错误。 故选:C。 7.【解答】解:AB、有图线可知,当导体两端的电压为4V时,通过导体的电流为0.4A,根据电阻的定义式可知此时导体的电阻为:,故A正确,B错误; CD、因为导体的伏安特性曲线不是一条直线,所以当导体两端的电压为8V或者2V时,不能判断出通过导体的电流,则导体的电阻无法计算,故CD错误。 故选:A。 8.【解答】解:AB、稳定后电阻R两端的电压与内电压之和为UR+Ur=E﹣U=30V﹣10V=20V,根据欧姆定律可得电路中的电流为,故AB错误; C、电源的总功率为P=EI=30×2W=60W,电源的发热功率为,所以电源的输出功率为P出=P﹣Pr=60W﹣4W=56W,故C正确; D、电动机消耗的电功率为P电=UI=10×2W=20W,电动机的发热功率为,所以电动机的输出功率为P出=P﹣P热=20W﹣4W=16W,故D错误。 故选:C。 9.【解答】解:AB、闭合开关S2的瞬间,穿过线圈B的磁通量不发生变化,电流表G中均无感应电流产生,故AB错误; CD、闭合开关S2 后,滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,阻值增大,通过线圈A的电流减小,根据安培定则可知,通过线圈B的向下的磁通量减小了,根据楞次定律可知,线圈B中产生向下的感应磁场,根据安培定则可知,电流表G中有 b→a 的感应电流,故C错误,D正确。 故选:D。 10.【解答】解:变压器的输入功率等于输出功率,则:U1I1=I22R, 解得:I2=A=1.0A,则电流表A2的示数为1.0A; 由于原副线圈电流与匝数成反比,所以初级线圈和次级线圈的匝数比==5:1,故B正确、ACD错误。 故选:B。 11.【解答】解:湖州的常住人口约300万人,平均每户的人口按3人计算,湖州大约100万户家庭,有电视机总数:n=2×100×104个=2×106台 所有电视机待机的总功率:P=n×1=2×106W=2×103kW, 湖州地区待机一年的耗电量为:W=2×103×365×24kWh=1.7×107度,与B最接近,故B正确,ACD错误。 故选:B。 12.【解答】解:A、匀强磁场的磁感应强度应大小处处相等,方向处处相同,由图可知,该磁场方向不同,不是匀强磁场,故A错误; B、由图可知,线圈平面总与磁场方向平行,故B错误; C、在图示的位置,a受向上的安培力,b受向下的安培力,线圈顺时针转动,故C错误; D、由于磁感应强度大小不变,电流大小不变,则安培力大小始终为BIl,故D正确。 故选:D。 二、选择题Ⅱ(本大题共3小题,每小题3分,共9分.每小题列出四个备选项中至少有一个是符合题目要求的,全部选对的得3分,选对但不全的得2分,有选错的得0分) 13.【解答】解:A、保持开关K闭合时,电容器板间电压不变,若A板向下平移一小段距离,即正对面积减小,而板间距离d不变,由E=分析得知,板间场强不变,小球所受电场力也不变,则θ不变,故A错误; B、保持开关K闭合时,电容器板间电压不变,A板向右平移一小段距离时,即板间距离d减小,由E=分析得知,板间场强增大,小球所受电场力增大,则θ增大,故B正确; C、保持开关K断开,当A板向下平移一小段距离,即正对面积减小,根据推论E===可知,板间场强变大,小球所受电场力变大,则θ增大,故C错误; D、保持开关K断开,当A板向右平移一小段距离,即板间距离减小,根据推论E===可知,板间场强不变,小球所受电场力不变,则θ不变,故D正确。 故选:BD。 14.【解答】解:A、根据乙图知,该交流电的周期T=0.02s,频率f==50Hz,故A正确。 B、由图乙可知,t=0.01s时刻感应电动势等于零,所以穿过线框回路的磁通量变化率为零,穿过线框回路的磁通量最大,故B错误。 C、由图乙可知,该电动势的最大Em=22V,有效值E==22V,故C正确。 D、由图乙为正弦曲线,且ω==100π,Em=22V,所以该电动势的瞬时值表达式为e=22sin100πt(V),故D错误。 故选:AC。 15.【解答】解:A、根据单位时间内的脉冲数,可求得车轮转动周期,从而求得车轮的角速度,最后由线速度公式,结合车轮半径,即可求解车轮的速度大小,故A正确; B、自由电子在磁场中受到洛伦兹力,根据左手定则可知,先b端偏转,则b端带负电,a端电势高,故B错误; C、最终,电子在电场力和洛伦兹力作用下受力平衡,qvB=q得,UH=Bdv,由电流的微观定义式:I=neSv,n是单位体积内的电子数,e是单个导电粒子所带的电量,S是导体的横截面积,v是电子运动的速度,整理得:UH=,可知磁感应强度B减小,霍尔电势差减小,故C正确; D、若长时间不更换霍尔元件的电源,则内阻增大,电流I减小,则霍尔电势差将减小,故D正确。 故选:ACD。 三、实验题(本大题共2小题,每空2分,共18分) 16.【解答】解:②将选择开关调到电阻挡的“×10”位置后,要进行欧姆调零,将红、黑表笔分别插入“+”、“﹣”插孔,把两笔尖相互接触,调节T,使电表指针指向电阻挡的“0刻线”, ③根据图2可知,被测量电阻较大,所以要调大倍率,应将选择开关调到电阻挡的“×100”档,然后再进行欧姆调零, ④测量结束后,应该将多用电表的选择开关打到oFF位置。 故答案为:②T 0刻度线 ③×100 ④oFF 17.【解答】解:(1)根据实物图可知滑动变阻器使用的是限流式接法,故选E,根据滑动变阻器的使用规范可知接入时应把电阻滑到最大值,故应滑到最右端; (2)根据图可知,电压表量程为0﹣3V,故读作1.26V,电流表量程为0﹣0.6A,故读作0.20A; (3)根据电阻定律得其斜率为:k= 故:ρ=kS 由图象可知其斜率为:k≈ 故有:ρ=1.31×10﹣6Ω?m 故答案为:(1)E,右;(2)1.26,0.20;(3)1.31×10﹣6 四、计算题(本大题共3小题,18题10分,19题13分,20题14分,共37分) 18.【解答】解:(1)小球受到的电场力的方向向右,与电场线的方向相同,则小球带正电, 根据电场强度定义式可知,小球所受电场力大小为: F=qE=1.0×10﹣6×3.0×103N=3.0×10﹣3N。 (2)分析小球的受力情况,小球受mg、绳的拉力T和电场力F作用,如图所示 根据共点力平衡条件和图中几何关系有:mgtan37°=qE 解得:m=4.0×10﹣4kg。 (3)电场强度变小,小球向左运动,运动到最低点的过程中,根据动能定理可知, mgl(1﹣cos37°)﹣qE'lsin37°=﹣0 代入数据解得:v=1m/s。 答:(1)小球所受电场力F的大小为3.0×10﹣3N。 (2)小球的质量为4.0×10﹣4kg。 (3)若场强方向不变,大小突然变为E′=1.0×103N/C,小球到达最低点时的速度大小为1m/s。 19.【解答】解:(1)0~2s内回路中产生的感应电动势为E===0.05V, 根据闭合电路的欧姆定律可得:I==0.25A; 磁场向上增加,根据楞次定律可知电流方向为顺时针(俯视); (2)根据平衡条件可得:Ff=FA=B1IL=0.2×0.25×0.5N=0.025N; 方向:水平向右; (3)t=2s到t=5s时间内导体棒通过的位移:x==m=9m, 根据电荷量的计算公式可得:q===, 其中△Φ=BLx 联立解得:q==C=6.75C; (4)滑动摩檫力做功:Wf=﹣μmgx=﹣0.9J, 安培力做功:WA=﹣Q2=﹣4.05J, 5s时的速度v=a?△t=6m/s, 根据动能定理可得:WF+Wf+WA=﹣0, 得:WF=6.75J。 答:(1)t=1s时,通过导体棒ab电流I的大小为0.25A,方向顺时针(俯视); (2)t=1s时,导体棒ab受到的摩擦力为0.025N,方向水平向右; (3)t=2s到t=5s时间内通过电阻的电量为6.75C; (4)t=2s到t=5s时间内外力F做的功为6.75J。 20.【解答】解:(1)有小球b在Ⅰ区做匀速圆周运动,由qE=mg, 解得:E=。 (2)设a小球到Q处的水平速度为v1,从Q到N的时间为t1,则a小球从P到Q, 由动能定理得:(qE+mg)= 解得:v1=。 a小球从Q到N,做类平抛运动,加速度为a, a==2g 在x方向上:L=v1t1 在y方向上: 到达N时y方向的分速度: a小球到N时的速度的大小:v==2 速度与水平方向夹角:tanα==1,则α=45°。 由于a,b两小球刚好在x=2L上的N点(没具体画出)反向等速率相碰,则b在离开磁场A位置时速度也为v,且方向与x轴成45°,如图所示 由几何关系得b在磁场中的轨迹半径:R== 由qvB=m 解得:B=。 (3)b在磁场中运动的时间为tb1,出磁场到与a相碰撞的时间为tb2,有 = 由于ab运动时间相同,所以小球a在圆弧轨道PQ上的运动时间:t=tb1+tb2﹣t1 解得:t=。 答:(1)电场强度为。 (2)区域Ⅰ匀强磁场的磁感应强度为。 (3)小球a在圆弧轨道PQ上的运动时间为。

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  • ID:6-7131435 2019-2020学年云南省楚雄州大姚一中高一(下)月考物理试卷(3月份)

    高中物理/月考专区/高一下学期

    2019-2020学年云南省楚雄州大姚一中高一(下)月考物理试卷(3月份) 一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的4个选项中,第1-4题只有一项符合题目要求,第5-8题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得零分) 1.(6分)汽车在水平地面上转弯,地面对车的摩擦力已达到最大值。当汽车的速率加大到原来的二倍时,若使车在地面转弯时仍不打滑,汽车的转弯半径应(  ) A.增大到原来的二倍 B.减小到原来的一半 C.增大到原来的四倍 D.减小到原来的四分之一 2.(6分)如图所示,一辆装满货物的汽车在丘陵地区行驶,由于轮胎太旧,途中“放了炮”,你认为在图中A、B、C、D四处,“放炮”可能性最大处是(  ) A.A处 B.B处 C.C处 D.D处 3.(6分)如图所示,B为竖直圆轨道的左端点,它和圆心O的连线与竖直方向的夹角为α.一小球在圆轨道左侧的A点以速度v0平抛,恰好沿B点的切线方向进入圆轨道.已知重力加速度为g,则AB之间的水平距离为(  ) A. B. C. D. 4.(6分)一不可伸长的轻质细绳,绳长为L,一端固定于离地面高度为1.5L的O点,另一端系一质量为m的小球,小球绕O点在竖直平面内做圆周运动,当球某次运动到最低点时,绳突然断掉,球飞行水平距离L后落地,重力加速度为g,忽略空气阻力.则球运动到最低点时绳断前绳的拉力为(  ) A.mg B.1.5 mg C.2mg D.3mg 5.(6分)如图所示,A、B两物块放在匀速转动的水平圆盘上,随圆盘一起做匀速圆周运动,则下列关系中正确的是(  ) A.它们所受的摩擦力fA>fB B.它们的线速度vA>vB C.它们的运动周期TA<TB D.它们的角速度ωA>ωB 6.(6分)一只小船渡河,水流速度各处相同且恒定不变,方向平行于岸边。小船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动,运动轨迹如图所示。船相对于水的初速度大小均相同,方向垂直于岸边,且船在渡河过程中船头方向始终不变。由此可以确定船沿三条不同路径渡河,下列说法正确的是(  ) A.时间相同,AD是匀加速运动的轨迹 B.时间相同,AC是匀加速运动的轨迹 C.沿AC用时最短,AC是匀加速运动的轨迹 D.沿AD用时最长,AD是匀减速运动的轨迹 7.(6分)2009年5月12日中央电视台《今日说法》栏目报道了发生在湖南长沙某公路上的离奇交通事故:在公路转弯处外侧的李先生家门口,三个月内连续发生了八次大卡车侧翻的交通事故。经公安部门和交通部门协力调查,画出的现场示意图如图所示。为了避免事故再次发生,很多人提出了建议,下列建议中合理的是(  ) A.在讲入转弯处设立限速标志,提醒司机不要超速转弯 B.改进路面设计,减小车轮与路面问的摩擦 C.改造此段弯路,使弯道内侧低、外侧高 D.改造此段弯路,使弯道内侧高、外侧低 8.(6分)如图所示,P、Q是高度不同的两点,P点比Q点高,从P、Q两点同时相向水平抛出两个小球,其运动轨迹相交于A点,则以下说法正确的是(  ) A.P、Q两球在A点相遇 B.Q小球先落地 C.从抛出到落地的整个过程中,P球的速度变化量比Q的速度变化量大 D.整个过程中两球的速度变化量有可能相等 二、实验探究(共1小题,满分12分) 9.(12分)图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图 (1)实验前应对实验装置反复调节,直到斜槽末端切线   。每次让小球从同一位置由静止释放,是为了每次平抛   。 (2)图乙是正确实验取得的数据,其中O为抛出点,则此小球做平抛运动的初速度为   m/s。(g=9.8m/s2) (3)在另一次实验中将白纸换成方格纸,每个格的边长L=5cm,通过实验,记录了小球在运动途中的三个位置,如图丙所示,则该小球做平抛运动的初速度为   m/s;B点的竖直分速度为   m/s;平抛运动的初位置坐标   (如图丙,以O点为原点,水平向右为x轴正方向,竖直向下为y轴的正方向,g取10m/s2)。 二、计算题(共3小题,满分40分) 10.(12分)如图所示,光滑杆AB长为L,B端固定一根劲度系数为k、原长为l0的轻弹簧,质量为m的小球套在光滑杆上并与弹簧的上端连接。OO′为过B点的竖直轴,杆与水平面间的夹角始终为θ.则: (1)杆保持静止状态,让小球从弹簧的原长位置静止释放,求小球释放瞬间的加速度大小a及小球速度最大时弹簧的压缩量△l1; (2)当球随杆一起绕OO′轴匀速转动时,弹簧伸长量为△l2,求匀速转动的角速度ω。 11.(14分)如图所示,质量是1kg的小球用长为0.5m的细线悬挂在O点,O点距地面高度为1m,如果使小球绕OO′轴在水平面内做圆周运动,若细线最大承受拉力为12.5N,求: (1)当小球的角速度为多大时,线将断裂. (2)断裂后小球落地点与悬点的水平距离.(g=10m/s2) 12.(14分)一条河宽L=400m,水流的速度为v1=3m/s,船相对静水的速度v2=5m/s.求: (1)要想渡河的时间最短,船应向什么方向开出?渡河的最短时间是多少?此时船沿河岸方向漂移多远? (2)要使渡河的距离最短,船应向什么方向开出?渡河的时间是多少? 2019-2020学年云南省楚雄州大姚一中高一(下)月考物理试卷(3月份) 参考答案与试题解析 一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分.在每小题给出的4个选项中,第1-4题只有一项符合题目要求,第5-8题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得零分) 1.【解答】解:汽车在水平地面上转弯,所需的向心力是由侧向静摩擦力提供,摩擦力已达到最大值,设摩擦力的最大值为fm,则得: fm=m 当速率v增大为原来的二倍时,fm不变,由上得,R应增大为原来的4倍。 故选:C。 2.【解答】解:汽车经过丘陵的高处时,向心加速度向下,汽车处于失重状态,地面对汽车的支持力小于重力,而当汽车经过丘陵的高处时,向心加速度向下,汽车处于超重状态,地面对汽车的支持力大于重力,所以汽车经过图中B、D两处受到的支持力大于B、D两处受到的支持力,B、D两处容易放炮。 对于B、D两处,设汽车的质量为m,凹陷处半径为r,汽车速度大小为v,则由牛顿第二定律得 N﹣mg=m 得到地面的支持力N=mg+m,在汽车的速率v不变时,半径r越小,N越大,越容易放炮。图中D处半径比B处半径小,则汽车在D处最容易放炮。 故选:D。 3.【解答】解:根据平行四边形定则知,小球通过B点时竖直方向上的分速度vy=v0tanα。 则运动的时间t==。 则AB间的水平距离x=.故A正确,B、C、D错误。 故选:A。 4.【解答】解:球运动到最低点时绳突然断掉之后球做平抛运动,则有: L=vt 1.5L﹣L= 联立得绳断前瞬间球的速度为:v= 球通过最低点瞬间,由牛顿第二定律得:T﹣mg=m 解得:T=2mg 故选:C。 5.【解答】解:A、对两物块进行受力分析知:水平方向只受静摩擦力,故由静摩擦力提供向心力,则f=mω2r,由于A、B在同一转盘上无相对运动,因此它们的角速度相等,但由于两物体的质量关系不知,故摩擦力大小无法确定,故A错误; B、由v=ωr,ωA=ωB,RA>RB,可知:vA>vB,故B正确; C、根据T=,ωA=ωB,可知:TA=TB,故C错误; D、由于A、B在同一转盘上无相对运动,因此它们的角速度相等,故D错误; 故选:B。 6.【解答】解:AB、船的加速度的方向与受力的方向是相同的,根据曲线运动条件可知,AC轨迹说明船在静水中加速运动,而AB则对应是船在静水中匀速运动,AD则是船在静水中减速运动;船相对于水的初速度大小均相同,方向垂直于岸边,因运动的性质不同,则渡河时间也不同,故A错误,B错误; C、D、沿AC轨迹,船是匀加速运动,则船到达对岸的速度最大,时间最短;沿AB轨迹,做匀速直线运动,则渡河所用的时间大于沿AC轨迹运动渡河时间,同理沿AD轨迹的运动是匀减速运动的轨迹,时间又大于沿AB运动的时间,所以沿AC用时最短,沿AD用时最长,故C正确,D正确。 故选:CD。 7.【解答】解:A、车发生侧翻是因为提供的力不够做圆周运动所需的向心力,发生离心运动;故减小速度可以减小向心力,可以防止侧翻现象,故A正确; B、在水平路面上拐弯时,靠静摩擦力提供向心力,故可以通过改进路面设计,增大车轮与路面间的摩擦力,故B错误; C、易发生侧翻也可能是路面设计不合理,公路的设计上可能内侧高外侧低,重力沿斜面方向的分力背离圆心,导致合力不够提供向心力而致;故应改造路面使内侧低,外侧高,故C正确;D错误; 故选:AC。 8.【解答】解:A、在A点P球下降的高度大于Q球下降的高度,则根据h=知,P球下降的时间大于Q下降的时间。故A错误。 B、由于Q球的高度小,则下降的运动时间短,Q球先落地。故B正确。 C、因为P球的运动时间长,则P的速度变化量大。故C正确。 D、因为运动的时间不同,则速度的变化量不同。故D错误。 故选:BC。 二、实验探究(共1小题,满分12分) 9.【解答】解:(1)平抛运动的初速度一定要水平,因此为了获得水平的初速度安装斜槽轨道时要注意槽口末端要水平,为了保证小球每次平抛的轨迹都是相同的,这就要求小球平抛的初速度相同,因此在操作中要求每次小球能从同一位置静止释放。 (2)由于O为抛出点,所以根据平抛运动规律有: x=v0t 将x=32cm,y=19.6cm,代入解得:v0=1.6m/s。 (3)由图可知,物体由A→B和由B→C所用的时间相等,且有: △y=gT2,由图可知△y=2L=10cm=0.1m,代入解得,T=0.1s x=v0T,将x=3L=15cm,代入解得:v0=1.5 m/s, 竖直方向自由落体运动,根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有: vBy==2 m/s。 故从抛出到B点所用时间为:t= 故从抛出到B点的水平位移为:x=v0t=1.5×0.2m=0.3m, 故从抛出到B点的竖直位移为:y=gt2= 所以x′=5L﹣x=0.25﹣0.3m=﹣0.05m=L, y′=5L﹣y=0.25﹣0.2m=0.05m=L, 平抛运动的初位置坐标为(﹣1,1)。 故答案为:(1)水平,初速度相同; (2)1.6; (3)1.5,2,(﹣1,1)。 二、计算题(共3小题,满分40分) 10.【解答】解:(1)小球从弹簧的原长位置静止释放时,根据牛顿第二定律有:mgsinθ=ma 解得:a=gsinθ 小球速度最大时其加速度为零,则有:k△l1=mgsinθ 则△l1= (2)当球随杆一起绕OO′轴匀速转动时,弹簧伸长量为△l2时小球圆周运动的半径为 r=(l0+△l2)cosθ 弹簧伸长△l2时,球受力如图所示,根据牛顿第二定律有: 水平方向上有 竖直方向上有 FNcosθ=k△l2sinθ+mg 联立解得ω= 答: (1)小球释放瞬间的加速度大小a是gsinθ,小球速度最大时弹簧的压缩量△l1是。 (2)当球随杆一起绕OO′轴匀速转动时,弹簧伸长量为△l2,匀速转动的角速度ω为ω=。 11.【解答】解:(1)小球在水平面内做圆周运动时,由重力G和拉力F的合力提供向心力,当绳子拉力为12.5N时,向心力最大,则有:F合==7.5N 根据几何关系得:r=L?=0.3m 根据向心力公式得: F合=mω2L? 解得:ω=5rad/s (2)绳断裂后,小球做平抛运动,初速度v=ωr=1.5m/s 竖直方向下落的高度h=1﹣0.5×=0.6m 所以t==s=s 水平位移为x0=vt=m 则x==0.6m 答:(1)当小球的角速度为5rad/s时,线将断裂. (2)断裂后小球落地点与悬点的水平距离为0.6m. 12.【解答】解:(1)船头垂直于河岸航行时所用时间最短,此种情况渡河时间为t1==; 此时船沿河岸方向的位移为x=v1t1=3×80m=240m; (2)渡河位移最短,船头要偏向上游,设于河岸夹角为θ,则有v1=v2cosθ, 由几何关系,则有:sinθ=; 因此解得:θ=53°; 此时渡河时间为t2===100s; 答:(1)要想渡河的时间最短,船应向垂直河岸方向开出,渡河的最短时间是80s,此时船沿河岸方向漂移240m远; (2)要使渡河的距离最短,船头要偏向上游,于河岸夹角为53°方向开出,渡河的时间是100s.

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  • ID:7-7131431 2020年四川省成都七中中考化学一诊试卷(解析版)

    初中化学/中考专区/模拟试题

    2020年四川省成都七中中考化学一诊试卷 一.选择题(本题包括14个小题,每小题3分,共42分.每小题只有一个选项符合题意) 1.(3分)下列变化属于化学变化的是(  ) A.铁矿石炼铁 B.比较合金和纯金属的硬度 C.用氯化钠配制生理食盐水 D.用洗涤剂洗碗 2.(3分)从化学的角度对下列诗句、成语等进行解释,其中不正确的是(  ) A.“遥知不是雪,为有暗香来”﹣﹣分子在不停地运动 B.“点石成金”﹣﹣化学反应改变了元素种类 C.“真金不怕火炼”﹣﹣金(Au)的化学性质不活泼 D.“釜底抽薪”(釜:烹煮食物的容器。薪:柴禾)﹣﹣破坏了燃烧的条件 3.(3分)下列有关实验现象或事实叙述错误的是(  ) A.切完西瓜的菜刀洗净擦干放在通风干燥处可以防止生锈 B.神奇的“拉热食品”包装中放置了生石灰 C.用汽油乳化衣服上的油渍,酒精溶解衣服上的碘渍 D.实验室保存的澄清石灰水由于夏天气温高而变浑浊 4.(3分)“分类”是学习化学的重要方法之一,下列分类正确的是(  ) 选项 混合物 单质 氧化物 合金 A 乙醇汽油 石墨 CaO 生铁 B 冰水 红磷 干冰 黄铜 C 铁锈 钢 Fe2O3 焊锡 D 碘酒 水 CH4O 金刚石 A.A B.B C.C D.D 5.(3分)下列关于金属材料的说法中正确的是(  ) A.铝制品表面应常用钢刷擦洗 B.钢因为比生铁的含碳量高,所以应用范围广 C.焊锡(锡铅合金)的熔点低,常用来焊接金属 D.可用铁桶盛装硫酸铜溶液配制农药波尔多液 6.(3分)下列说法正确的是(  ) A.溶质都是固体 B.乳化能增强乳浊液的稳定性 C.均一、稳定的液体是溶液 D.搅拌可增大物质的溶解度 7.(3分)常见金属X与硝酸银溶液反应的化学方程式为X+3AgNO3═3Ag+X(NO3)3,有关该反应说法错误的是(  ) A.该反应是置换反应 B.溶液会变成浅绿色 C.金属活动性X>Ag D.X表面有银白色固体析出 8.(3分)小乐同学欲使一不饱和硝酸钾溶液变成饱和溶液但不改变其浓度,正确的方法是(  ) A.加热蒸发溶剂后再降至原温度 B.加入一定量的硝酸钾 C.降温后使其析出部分晶体 D.降温至溶液刚好达到饱和 9.(3分)下列实验进行中的现象或实验原理正确的是(  ) A.白磷始终不燃烧 B.小气球变瘪 C.U型管内液面左高右低 D.验证Fe、Cu、Ag的金属活动性强弱 10.(3分)甲、乙两种物质的溶解度曲线如图所示,下列说法正确的是(  ) A.t1℃时,甲、乙两种溶液中溶质的质量相等 B.t1℃时,100g甲物质的饱和溶液中溶质的质量是20g C.要将甲溶液的状态由a点转化为b点,可以加适量溶剂 D.分别将t2℃时两种物质的饱和溶液降温至t1℃,均有晶体析出 11.(3分)小铭将铝丝与一定量稀盐酸混合在一密闭容器丙反应,利用压强和温度传感器测出了反应过程中压强和温度随时间变化的关形(如图所示)下列有关说法错误的是(  ) A.铝和稀盐酸之间的反应是放热反应 B.由图象可推测出氧化铝能与盐酸反应 C.D点表示铝和稀盐酸恰好完全反应 D.CD气压降低是由于反应结束后温度降低引起的 12.(3分)下列实验方案不合理的是(  ) 选项 实验目的 所用试剂或方法 A 鉴别NaOH固体和NaCl固体 分别加水溶解 B 鉴别CuSO4溶液和FeSO4溶液 观察颜色 C 验证锌、铁、银的金属活动性 分别加入稀硫酸 D 除去石灰石中混有的铁粉 加入盐酸、过滤 A.A B.B C.C D.D 13.(3分)某兴趣小组进行实验探究,向盛有硝酸亚铁和硝酸银混合液的烧杯中加入一定量的锌粉,反应停止后过滤,向滤渣中加入稀盐酸,有气泡产生下列说法正确的是(  ) A.滤液中一定含有Zn2+和Fe2+,一定没有Ag+ B.滤液中一定含有Zn2+,一定没有Fe2+和Ag+ C.滤渣中一定含有银,可能含有锌和铁 D.滤渣中一定含有银和铁,可能含有锌 14.(3分)下图中,有关量的变化图象与其对应叙述相符的是(  ) A.一定量的饱和石灰水中加入氧化钙 B.向一定质量的二氧化锰中加入过氧化氢溶液 C.向一定质量AgNO3和Cu(NO3)2的混合溶液中加入Zn粉 D.常温下,相同质量的锌和铁与等质量的溶质质量分数相同的稀硫酸反应 二.填空题(本题包括2个小题,共17分) 15.(12分)人类的生产生活离不开金属材料,随着科技水平的不断提高,金属及其合金在日常生活中扮演着越来越重要的角色。 (1)人们习惯上把金、银、铜、铁、锡五种金属统称为“五金”,在“五金”顺序中把金属   的位置移到最后,正好符合由弱到强的顺序。 (2)汽车车体多用钢材制造。表面   不仅美观,而且可有效防止生锈。 (3)工业冶炼金属: ①工业上用CO还原赤铁矿冶炼金属铁的化学方程式为   。工业冶铁的原料有石灰石、铁矿石、空气及焦炭,其中焦炭的作有   、   ;石灰石首先在高温下发生分解,其化学反应方程式为   ;其分解产物与铁矿石的杂质结合成炉渣。 ②中国古老的冶铜方法“湿法冶铜”主要的反应原理是   (写化学方程式)。 (4)在实验室中探究铝、铜、银的金属活动性顺序,除铝、银外,还需要用到的试剂是   (填化学式)。 (5)铁锅、铝锅是生活中常用的炊具,如图是铁锅的示意图。 ①使用铁锅是利用金属的   , ②家庭用的燃料大多为天然气,写出天然气燃烧的化学方程式   。炒菜时铁锅中的油着火可用锅盖盖灭,其原理是   。 ③铜也易生锈,铜锈的主要成分是碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3],是铜与空气中的   共同作用的结果。 16.(5分)硝酸钾和氯化钾的溶解度曲线如图所示: (1)t1℃时,硝酸钾的溶解度为   。 (2)t1℃时,将50g硝酸钾加入50g水中,充分溶解后,所得溶液中溶质的质量分数为   。 (3)t2℃时,氯化钾的饱和溶液中含有少量硝酸钾,提纯氯化钾的方法是   。 (4)将t3℃时硝酸钾和氯化钾的饱和溶液各100g分别蒸发10g水,然后降温至t2℃,过滤,得到溶液a和溶液b。对于溶液a和溶液b,下列说法正确的是   。 A.都是饱和溶液B.溶液质量a<b C.溶质质量a=bD.溶剂质量a<b E.溶质的质量分数a=b 三、计算题(本题包括1个小题,共10分) 17.(10分)波尔多液是一种农业上常用的杀虫剂,它由硫酸铜、生石灰加水配制而成。 (1)硫酸铜所含阴离子的符号是   ;生石灰属于   (填物质种类),生活中可用于   。 (2)煅烧石灰石(主要成分CaCO3)可制得生石灰(CaO),若要制取11.2t氧化钙,根据化学方程式计算需要碳酸钙的质量是多少? (3)波尔多液等农药常常配成乳浊液或悬浊液的原因是:   。 四.推断题(本题包括1个小题,共12分) 18.(7分)为了除去铜粉中混有的铁粉,并用提纯的铜粉制取胆矾(CuSO4?5H2O),某课外活动小组的同学按如下流程进行实验(反应中部分生成物已略去). 已知:Cu+2H2SO4(浓)CuSO4+SO2↑+2H2O回答下列有关问题: (1)操作a的名称是   ;除去铜粉中的铁粉,最简便的实验方法是   . (2)A溶液的溶质为   ,A到B的反应中,溶液最终变为黄色,发生了化合反应,则反应的方程式为    (3)由Cu制CuSO4溶液的途径Ⅱ中,反应的方程式为   (产物为硫酸铜和一种液体).途径Ⅱ与途径Ⅰ相比较,其显著的优点是   (回答一点即可). (4)硫酸铜溶液如何转化为胆矾:浓缩和   (蒸发结晶或降温结晶) 19.(5分)甲、乙、丙皆为初中化学常见物质,有如图所示的转化关系(“→”表示转化关系,其它物质和反应条件已略去)。 (1)如果甲是固态非金属单质,乙、丙是该元素的氧化物,其中丙是植物光合作用的原料。 ①则乙是   (填化学式),实现甲→丙的基本反应类型   是化合反应(填“一定”或“不一定”)。 ②乙、丙的位置   (填“能”或“不能”)互换。 (2)如果甲、乙、丙均为单质,且甲为年产量最大的金属单质。 ①则丙可能是   (填化学式)。 ②写出一个甲→乙的化学方程式:   。 五、实验探究(本题只有2个小题,共19分) 20.(10分)某化学兴趣小组同学对“制镁企业不能使用CO2灭火器作为消防器材”的问题进行探究,请你参与他们的活动。 (1)二氧化碳的制备 用如图所示实验装置制备CO2,写出仪器M的名称   ;组装时,帮助仪器a、b插入双孔橡皮塞的操作是:   ;若将长颈漏斗换为分液漏斗,其优点是   。 该实验选用CaCO3与稀盐酸制取CO2,请写出反应的化学方程式   。 (2)探究镁与二氧化碳的反应 兴趣小组同学将点燃的镁条插入盛满CO2的集气瓶内,镁条继续剧烈燃烧,生成白色固体并有黑色物质附着于瓶内壁。同学们对镁与CO2反应的产物继续进行探究。 【提出猜想】猜想Ⅰ:产物是MgO和C;猜想Ⅱ:产物是MgO、MgC2和C.提出以上猜想的依据是   。 【查阅资料】1.酚酞试液遇碱性溶液变红;MgO+H2O=Mg(OH)2;Mg(OH)2是一种难溶性碱,在热水中溶解度增大;MgC2+2H2O═Mg(OH)2+C2H2↑ 【实验与分析】为探究白色固体的成分,兴趣小组同学进行了如下实验: ①取少量反应后的固体混合物放入试管,加入足量热水,无气体放出,说明猜想   不正确; ②为了验证另一猜想中白色固体成分,请设计一个简单实验:实验操作:   ;实验现象:   。若该猜想正确,此时Mg与CO2反应的类型属于   。 【实验反思】通过本实验,对“CO2不助燃”,你有什么新的认识:   。 21.(9分)每年世界上钢铁的产量很高,但钢铁的锈蚀也给人类带来了巨大的损失。铁生锈有弊也有利。一化学兴趣小组对某月饼包装盒中的“脱氧剂”很好奇,他们观察到“脱氧剂”外包装标注的成分为铁粉、活性炭和氯化钠,打开发现灰黑色的固体中还夹杂着少量红棕色粉末。 【资料获悉】①铁系“脱氧剂”的作用原理是利用铁能被氧气氧化,从而达到除氧保鲜的目的。铁被氧气氧化最终产物为红棕色的Fe2O3(其他产物忽略不计)。 ②Fe2O3+3H2SO4═Fe2(SO4)3+3H2O;Fe+Fe2(SO4)3═3FeSO4。 ③“碱石灰的干燥管”可以用来干燥氧气、氢气等气体。 ④铁、活性炭、Fe2O3固体不溶于水,Fe2(SO4)3、NaCl、FeSO4固体能溶于水。 【探究目的】小组同学欲探究该“脱氧剂”是否已经失效,并测定10.00g样品各成分的质量,设计了以下探究实验。 【实验探究】(假设所有操作没有损失) 步骤1:小刚用磁铁接近样品,发现磁铁吸引了部分黑色固体。 步骤2:称取10.00g样品于一烧杯中,加足量水充分搅拌溶解后,过滤,将滤渣洗涤、干燥、称得其质量为8.32g。 步骤3:按如图装置,将得到的8.32g固体与足量稀硫酸反应,用电子秤称得反应前后总质量差为0.11g。 步骤4:将锥形瓶中反应后的液体过滤,并将滤渣洗涤、干燥后,称得其质量为1.20g。 步骤5:分析测算步骤4中所得滤液得知:滤液中溶质是硫酸和硫酸亚铁,且最后通过结晶分离出16.72g 硫酸亚铁。 【交流讨论】 ①由步骤1得出的结论是   。 ②步骤2目的是除去并测得   的质量,得知该物质的质量为   g。 ③步骤4中滤渣的主要成分是   ,若没有经过洗涤,则称得的质量   1.20g(填“>”或“=”或“<”)。 ④小刚认为0.11g差值即为H2的质量,并由此计算出样品中单质铁的质量为3.08g。小华提出在装置的a导管处应该再连接一个盛有碱石灰的干燥管,他这样做的理由是   。 ⑤小华还认真分析题中所给资料,他认为用产生H2的质量计算样品中所含铁的质量不合理,其理由是:   。 【学生实验】小华将步骤3的装置进行了改进,重新称取10.00g样品进行实验,并准确测得固体与足量稀硫酸反应前后总质量差为0.1g。 ⑥请根据以上数据,计算10g该样品中各成分的铁和氧化铁的质量。(只写出结果) 铁:   g,氧化铁:   g。 2020年四川省成都七中中考化学一诊试卷 参考答案与试题解析 一.选择题(本题包括14个小题,每小题3分,共42分.每小题只有一个选项符合题意) 1.【解答】解:A、铁矿石炼铁是通过还原剂与铁的化合物反应生成铁,属于化学变化,故A正确; B、比较合金和纯金属的硬度,只是相互刻划,没有新物质生成,属于物理变化,故B错; C、用氯化钠配制生理食盐水,只是配制溶液过程,没有生成其他物质,是物理变化,故C错; D、用洗涤剂洗碗,只是将杂质除掉,没有生成其他物质,是物理变化,故D错。 故选:A。 2.【解答】解:A、“遥知不是雪,为有暗香来”是含有香味的微粒运动到了人们的鼻子中,说明了分子是在不断运动的,故A解释正确; B、由于元素守恒,化学反应不能改变了元素种类,所以“点石不能成金”,故B解释错误; C、“真金不怕火炼”是说黄金的化学性质不活泼,在高温下也不易反应,故C解释正确; D、“釜底抽薪”,移走可燃物,破坏了燃烧的条件,达到了灭火的目的。故D解释正确 故选:B。 3.【解答】解:A、铁生锈的条件是与水、氧气同时接触,所以切完西瓜后将菜刀洗净擦干放在干燥的地方,不容易生锈,故正确; B、生石灰溶于水温度升高,正确; C、油污能溶解在汽油中,所以可用汽油清洗油污,错误; D、澄清石灰水由于夏天气温高而溶解度降低,所以变浑浊,正确; 故选:C。 4.【解答】解:A、乙醇汽油中含有汽油、乙醇等物质,属于混合物;石墨是由一种元素组成的纯净物,属于单质;CaO是由两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物,属于氧化物;生铁是铁中熔合了碳,属于合金;故选项正确。 B、冰水是同一种元素组成的纯净物,不属于混合物,故选项错误。 C、钢的主要成分是铁,含碳等杂质,属于混合物,不属于单质,故选项错误。 D、水中含有两种元素,不属于单质,CH4O中含有三种元素,不属于氧化物,金刚石中不含有金属元素,不属于合金,故选项错误。 故选:A。 5.【解答】解:A.在常温下,铝能与氧气反应生成致密的氧化铝保护膜,但是用钢刷擦洗铝制品表面,会破坏铝表面的氧化铝保护膜,故错误; B.钢的性能比生铁优良,生铁是含碳量为2%~4.3%的铁合金,钢是含碳量为0.03%~2%的铁合金,钢的含碳量比生铁低,故错误; C.锡铅合金熔点低,可用于焊接金属,故正确; D.配制波尔多液需要用到硫酸铜,铁能与硫酸铜反应,生成铜和硫酸亚铁,所以不能用铁桶盛装农药波尔多液,故错误。 故选:C。 6.【解答】解:A、溶质不一定都是固体,也可能是液体或气体,故选项说法错误。 B、乳化剂能使乳浊液变成稳定的混合物的物质,能增强乳浊液的稳定性,故选项说法正确。 C、均一、稳定的液体不一定是溶液,如水,故选项说法错误。 D、溶解度是在一定温度下,某固体溶质在100g溶剂里达到饱和状态所溶解的溶质质量,搅拌不能增加一定温度下,固体在100g溶剂里达到饱和状态所溶解的溶质质量,不能增大物质的溶解度,故选项说法错误。 故选:B。 7.【解答】解:A、该反应是一种单质和一种化合物反应生成了另一种单质和另一种化合物,属于置换反应,故A正确; B、浅绿色的溶液含有亚铁离子,由X与硝酸银溶液反应的生成了X(NO3)3,X在化合物中的化合价为+3价,铁与硝酸银溶液反应生成了硝酸亚铁,故该金属不可能是铁,溶液不会变成浅绿色,故B错误; C、由金属X能与硝酸银反应置换出银,说明X的活动性比银强,故C正确; D、由金属X能与硝酸银反应置换出银,X表面有固体银析出即X表面有银白色固体析出,故D正确。 故选:B。 8.【解答】解:A、加热蒸发溶剂后再降至原温度可以使不饱和溶液变成饱和溶液但浓度增大,故A错误; B、加入一定量的溶质可以使不饱和溶液变成饱和溶液但浓度增大,故B错误; C、降温后使其析出部分晶体,有晶体析出溶质减小,浓度也减小,故C错误; D、变温至溶液刚好达到饱和,溶质、溶剂没有改变,所以浓度不变,故D正确。 故选:D。 9.【解答】解:A、试管中的白磷能与氧气接触、温度达到了着火点,能燃烧,故选项实验进行中的现象错误。 B、二氧化碳与氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水,装置内气体体积减少,压强减小,会观察到小气球膨胀,故选项实验进行中的现象错误。 C、硝酸铵溶于水吸热,锥形瓶内温度降低,U型管内液面左高右低,故选项实验进行中的现象正确。 D、将Cu和Ag分别放入硫酸亚铁溶液中,均不反应,说明了活动性Fe>Cu,Fe>Ag,无法比较银和铜的金属活动性,故选项实验原理错误。 故选:C。 10.【解答】解:A、t1℃时,甲、乙两种溶液的状态不能确定,所以溶液中溶质的质量也不能确定,故A错误; B、t1℃时,甲物质的溶解度是20g,所以120g甲物质的饱和溶液中溶质的质量是20g,故B错误; C、a是甲物质的饱和溶液,b是甲物质的不饱和溶液,所以要将甲溶液的状态由a点转化为b点,可以加适量溶剂,故C正确; D、分别将t2℃时两种物质的饱和溶液降温至t1℃,甲有晶体析出,丙没有晶体析出,故D错误。 故选:C。 11.【解答】解:A、通过分析图象,一段时间后,溶液温度升高,说明铝和稀盐酸之间的反应是放热反应,故A正确; B、开始一段时间装置内的压强不变,可推测出氧化铝能与盐酸反应,故B正确; C、C点表示铝和稀盐酸恰好完全反应,故C错误; D、CD气压降低是由于反应结束后温度降低引起的,故D正确。 故选:C。 12.【解答】解:A、溶解时,温度升高的氢氧化钠,温度无明显变化的是氯化钠,该选项合理; B、硫酸铜溶液是蓝色溶液,硫酸亚铁溶液是浅绿色溶液,通过观察颜色可以区分两种溶液,该选项合理; C、加入稀硫酸,不产生气泡的是银,产生气泡较快的是锌,产生气泡较慢的是铁,该选项合理; D、加入稀盐酸,铁和稀盐酸反应生成氯化亚铁和氢气,碳酸钙和稀盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳,该选项不合理。 故选:D。 13.【解答】解:A、向滤渣中加入稀盐酸,有气泡产生,说明滤渣中一定含有铁,即硝酸银完全反应,滤液中不含有银离子,一定含有锌和硝酸银、硝酸亚铁反应生成的锌离子,不一定含有亚铁离子,这是因为如果硝酸亚铁完全反应时,则滤液中不含有亚铁离子,该选项说法不正确; B、滤液中一定含有Zn2+,一定没有银离子,可能含有亚铁离子,这是因为如果硝酸亚铁部分和锌反应时,则滤液中含有亚铁离子,该选项说法不正确; C、滤渣中一定含有银和铁,该选项说法不正确; D、滤渣中一定含有银和铁,可能含有锌,该选项说法正确。 故选:D。 14.【解答】解:A、由于氧化钙能与水发生反应生成氢氧化钙,氧化钙反应消耗了饱和溶液中的水,而使饱和溶液因减少溶剂水而析出固体,饱和溶液的溶质、溶剂质量同时减少,所以溶质的质量减少,故错误; B、二氧化锰是催化剂,反应前后质量不变,如果一直往二氧化锰中加入过氧化氢溶液,那么会一直产生氧气,氧气的质量会一直增加,该选项对应关系不正确; C、一定质量AgNO3和Cu(NO3)2的混合溶液中加入Zn粉,锌先和AgNO3反应析出固体银,当AgNO3反应完后再和Cu(NO3)2反应析出固体铜,析出固体的质量应从原点开始增加,该选项对应关系不正确; D、等质量的金属锌和铁中分别滴入溶质质量分数相等的稀硫酸至过量,开始时金属过量,稀硫酸完全反应,生成氢气的质量相同;当向等质量的铁和锌中加入溶质质量分数相同的稀硫酸至过量,则铁和锌全部参加反应, Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑ 65 2 Fe+H2SO4═FeSO4+H2↑ 56 2 通过反应的化学方程式以及金属与酸反应生成氢气的质量关系可以看出,铁生成的氢气大于锌,故正确;。 故选:D。 二.填空题(本题包括2个小题,共17分) 15.【解答】解:(1)由金属活动性顺序表可知,在“五金”顺序中把金属铁的位置移到最后,正好符合由弱到强的 金属活动性顺序;故填:铁; (2)表面喷漆不仅美观,而且能使铁与水、氧气隔绝,从而防止铁生锈;故填:喷漆; (3)①赤铁矿的主要成分是氧化铁,在高温的条件下,一氧化碳和氧化铁反应生成铁和二氧化碳;碳燃烧能释放热量,提供高温,同时能产生具有还原性的一氧化碳;石灰石的主要成分是碳酸钙,在高温的条件下,碳酸钙分解为氧化钙和二氧化碳;故填:3CO+Fe2O32Fe+3CO2;产生还原剂一氧化碳;产生热量、提高炉温;CaCO3CaO+CO2↑; ②铁比铜活泼,铁与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜;故填:Fe+CuSO4=FeSO4+Cu; (4)某同学在实验室中探究铝、铜和银的金属活动性顺序,除铝、银外,由验证三种金属的活动性时常用“三取中”的方法,还需要用到的试剂是硫酸铜溶液(或硝酸铜溶液或氯化铜溶液)等;故填:CuSO4; (5)①使用铁锅是利用金属的导热性;故填:导热性; ②天然气的主要成分是甲烷,在点燃的条件下,甲烷和氧气反应生成二氧化碳和水,炒菜时铁锅中的油着火可用锅盖盖灭,其原理是隔绝氧气;故填:CH4+2O2CO2+2H2O;隔绝氧气; ③由于铜锈的主要成分是碱式碳酸铜(Cu2(OH)2CO3),含有铜、碳、氧、氢元素,所以,铜生锈除了与空气中的氧气、水有关外,还需要与空气中含有碳元素的物质有关,此物质是二氧化碳;故填:二氧化碳、水、氧气。 16.【解答】解:(1)通过分析溶解度曲线可知,t1℃时,硝酸钾的溶解度为25g; (2)t1℃时,硝酸钾的溶解度是25g,所以将50g硝酸钾加入50g水中,充分溶解后,所得溶液中溶质的质量分数为×100%=20%; (3)氯化钾的溶解度受温度变化影响较小,所以t2℃时,氯化钾的饱和溶液中含有少量硝酸钾,提纯氯化钾的方法是蒸发结晶; (4)t3℃时,硝酸钾的溶解度大于氯化钾的溶解度,t2℃时,硝酸钾和氯化钾的溶解度相等,硝酸钾的溶解度受温度变化影响较大,所以将t3℃时硝酸钾和氯化钾的饱和溶液各100g分别蒸发10g水,然后降温至t2℃,过滤,得到溶液a和溶液b。对于溶液a和溶液b, A、都是饱和溶液,故正确; B、蒸发等质量的水硝酸钾析出的晶体多,降温后硝酸钾析出晶体质量大于氯化钾的质量,所以溶液质量a<b,故正确; C、溶质质量a>b,故错误; D、t3℃时,硝酸钾的溶解度大于氯化钾的溶解度,硝酸钾和氯化钾的饱和溶液各100g中,氯化钾溶液中的溶剂质量大于硝酸钾,所以溶剂质量a<b,故正确; E、t2℃时,硝酸钾和氯化钾的溶解度相等,溶质的质量分数a=b,故正确。 故选:ABDE。 故答案为:(1)25g; (2)20%; (3)蒸发结晶; (4)ABDE。 三、计算题(本题包括1个小题,共10分) 17.【解答】解:(1)解:(1)硫酸铜中所含阴离子是硫酸根离子,其离子符号为SO42﹣;生石灰中含有两种元素,其中一种是氧元素,所以生石灰属于氧化物,其和水反应生成氢氧化钙,生活中可用于干燥剂; (2)设需要碳酸钙的质量是x。 CaCO3CaO+CO2↑ 100 56 x 11.2t x=20t 答:需要碳酸钙的质量是20t; (3)波尔多液等农药常常配成乳浊液或悬浊液的原因是:常温条件下直接用硫酸铜和氢氧化钙配置成的波尔多液是一种具有暂时灭菌效力的悬浊液形式,为了更好在植物表面吸附和渗透,通常都会在波尔多标准配方里加入适量阴离子或者非离子表面活性剂乳化来显著降低张力获得更好药效。 故答案为: (1)SO42﹣;氧化物;干燥剂; (2)20t; (3)波尔多液等农药常常配成乳浊液或悬浊液的原因是:常温条件下直接用硫酸铜和氢氧化钙配置成的波尔多液是一种具有暂时灭菌效力的悬浊液形式,为了更好在植物表面吸附和渗透,通常都会在波尔多标准配方里加入适量阴离子或者非离子表面活性剂乳化来显著降低张力获得更好药效。 四.推断题(本题包括1个小题,共12分) 18.【解答】解: (1)操作a是不溶性铜和液体分离,在实验室中该操作为过滤;除去铜粉中的铁粉,由于磁铁能吸铁而不吸铜,所以最简便的实验方法是用磁铁. (2)由于加入的盐酸过量,所以在生成氯化亚铁的同时还有剩余的盐酸,所以A溶液的溶质为剩余的盐酸和生成的氯化亚铁;A到B的反应中,溶液最终变为黄色,变为黄色,说明亚铁转化为三价铁,发生了化合反应,说明氯化亚铁和氯气发生化合反应,则对应的化学方程式为 2FeCl2+Cl2=2FeCl3. (3)由Cu制CuSO4溶液的途径Ⅱ中,根据反应物为铜、氧气和硫酸,生成物为硫酸铜和一种液体,可以借助质量守恒定律推得为水,反应条件为加热,所以对应的化学方程式为 2Cu+O2+2H2SO42CuSO4+2H2O.由于题干提示途径I“Cu+2H2SO4(浓)CuSO4+SO2↑+2H2O”而根据分析得到的途径II“2Cu+O2+2H2SO42CuSO4+2H2O”,通过对比反应,最明显的差别是途径I生成了有毒的二氧化硫,所以途径II与途径Ⅰ相比较,其显著的优点是不产生有毒气体(合理即可). (4)由于最终要得到的是胆矾,为含结晶水的晶体,所以不能蒸发结晶,那样容易失去结晶水而变声硫酸铜白色粉末,所以硫酸铜溶液转化为胆矾的过程为:浓缩和降温结晶. 故答案为: (1)过滤; 用磁铁. (2)盐酸和氯化亚铁;2FeCl2+Cl2=2FeCl3; (3)2Cu+O2+2H2SO42CuSO4+2H2O; 不产生有毒气体; (4)降温结晶. 19.【解答】解:(1)①如果甲是固态非金属元素的单质,乙、丙是该元素的氧化物,其中丙是植物光合作用的原料,所以甲是碳,丙是二氧化碳,乙是一氧化碳;碳生成二氧化碳的反应不一定是化合反应,故填:CO;不一定; ②乙、丙的位置可以互换,故填:能; (2)①如果甲、乙、丙均为单质,且甲为年产量最大的金属单质,则甲是铁,乙可以是氢气,丙可以是铜,故填:Cu; ②甲→乙可以是铁和盐酸反应生成氯化亚铁和氢气,化学方程式为:Fe+2HCl=FeCl2+H2↑,故填:Fe+2HCl=FeCl2+H2↑。 五、实验探究(本题只有2个小题,共19分) 20.【解答】解:(1)仪器M的名称是锥形瓶; 组装时,帮助仪器a、b插入双孔橡皮塞的操作是:把长颈漏斗末端、导管口用水湿润,慢慢旋转插入橡皮塞中; 若将长颈漏斗换为分液漏斗,其优点是通过分液漏斗能够控制液体药品流量,从而能够控制反应速率; 该实验选用CaCO3与稀盐酸制取CO2,碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳,反应的化学方程式:CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑。 故填:锥形瓶;把长颈漏斗末端、导管口用水湿润,慢慢旋转插入橡皮塞中;能够控制反应速率;CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑。 (2)【提出猜想】 提出以上猜想的依据是质量守恒定律。 故填:质量守恒定律。 【实验与分析】 ①取少量反应后的固体混合物放入试管,加入足量热水,无气体放出,说明白色固体中不含有MgC2,进一步说明猜想Ⅱ不正确。 故填:Ⅱ。 ②实验操作:取适量白色固体于试管中,加入足量热水,滴加酚酞试液; 实验现象:白色固体溶解,不产生气泡,溶液变红色; 实验结论:白色固体是氧化镁; 若该猜想正确,此时Mg与CO2反应生成氧化镁和碳,是置换反应。 故填:取适量白色固体于试管中,加入足量热水,滴加酚酞试液;白色固体溶解,不产生气泡,溶液变红色;置换反应。 【实验反思】 通过本实验可知,特殊情况下,二氧化碳支持燃烧。 故填:特殊情况下,二氧化碳支持燃烧。 21.【解答】解:①由用磁铁接近样品,发现磁铁吸引了部分黑色固体,说明了样品中含有单质的铁,即“脱氧剂”没有失效。故填:“脱氧剂”没有失效; ②将样品加足量水充分搅拌溶解,将样品中的氯化钠溶解。而没有溶解的物质是铁粉、活性炭,它们的质量是8.32g,则氯化钠的质量是10.00g﹣8.32g=1.68g。 故填:除去氯化钠,并间接测得氯化钠;1.68。 ③碳与酸不反应;由于滤渣表面粘附少量溶质,所以,称得的质量大于1.20g;故填:碳;>; ④因为氧化铁与稀硫酸反应有水生成,所以应该在装置的a导管处应该再连接一个盛有碱石灰的干燥管,从而除去H2中的水蒸气。故填:除去H2中混有的水蒸气; ⑤样品在稀硫酸中除了Fe、Fe2O3分别能与稀硫酸反应外,还存在反应:Fe+Fe2(SO4)3=3FeSO4.因此,小明用产生H2的质量计算样品中铁的质量不合理。实际上,样品中单质铁的质量应该是与酸反应消耗的铁和与Fe2(SO4)3反应消耗铁的质量总和。 故填:样品中的铁,除了与稀硫酸反应生成H2外,还有一部分铁与硫酸铁溶液反应。 ⑥由步骤2可知:氯化钠的质量为:10.00g﹣8.32g=1.68g,即氯化钠的质量是1.68g。 由步骤4可知:滤渣为活性炭,质量为:1.20g。 设生成0.1g氢气需要铁的质量为x Fe+H2SO4=FeSO4+H2↑ 56 2 x 0.1g , x=2.8g, 即样品中铁的质量是2.8g。 所以,氧化铁的质量是:10.00g﹣1.68g﹣1.20g﹣2.8g=4.32g。 答:氯化钠的质量是1.68g;活性炭的质量是1.20g;铁的质量是2.8g;氧化铁的质量是4.32g。 故填:铁:3.92;氧化铁:3.2。

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  • ID:7-7131429 2019-2020学年福建省泉州市永春县华侨中学九年级(下)月考化学试卷(3月份)(解析版)

    初中化学/月考专区/九年级下册

    2019-2020学年福建省泉州市永春县华侨中学九年级(下)月考化学试卷(3月份) 一、单选题(本大题共10小题,每小题3分,共30分) 1.(3分)一些食物的近似pH如下: 食物 葡萄汁 苹果汁 牛奶 鸡蛋清 pH 3.5﹣4.5 2.9﹣3.3 6.3﹣6.6 7.6﹣8.0 下列说法中不正确的是(  ) A.苹果汁和葡萄汁均显酸性 B.鸡蛋清和牛奶均显碱性 C.苹果汁比葡萄汁的酸性强 D.胃酸过多的人应少饮苹果汁和葡萄汁 2.(3分)紫甘蓝是大众爱吃的蔬菜,含有丰富的花青素,花青素遇酸性溶液变红色,遇碱性溶液变蓝色,在凉拌紫甘蓝丝时,观察到菜丝变成红色,可能是加入了下列哪种调味品(  ) A.食盐 B.味精 C.食醋 D.香油 3.(3分)下列图示的实验操作不正确的是(  ) A.给液体加热 B.测溶液的pH C.稀释浓硫酸 D.蒸发食盐水 4.(3分)下列有关酸的说法,正确的是(  ) A.打开盛有稀盐酸的试剂瓶塞,瓶口有白雾 B.把铜片放入稀盐酸中,产生大量气泡 C.浓硫酸不慎沾到皮肤上,立即用大量水冲洗,再涂上3%﹣5%的碳酸氢钠溶液 D.实验室用稀硫酸和石灰石制取二氧化碳 5.(3分)下列有关物质的俗称、化学式、类别及常见用途的说法中,完全正确的一组是(  ) 选项 俗称 化学式 类别 常见用途 A 消石灰 Ca(OH)2 碱 用作建筑材料 B 石灰石 CaO 氧化物 用作食品干燥剂 C 小苏打 NaHCO3 酸 用于焙制糕点 D 纯碱 Na2CO3 碱 用于玻璃、洗涤剂的生产 A.A B.B C.C D.D 6.(3分)下列关于化肥的说法不正确的是(  ) A.化肥可提高农作物产量 B.铵态氮肥与熟石灰混合研磨后能嗅到刺激性气味 C.氯化钾(KCl)和磷酸二氢钾(KH2PO4)都属于复合肥料 D.化肥的过度使用会造成土壤酸化,可用熟石灰改良 7.(3分)欲证明CuSO4溶液显蓝色不是由SO42﹣离子造成的,下列实验无意义的是(  ) A.观察Na2SO4溶液的颜色 B.加水稀释后CuSO4溶液蓝色变浅 C.向CuSO4溶液中滴加适量氢氧化钠溶液振荡后静置,溶液蓝色消失 D.向CuSO4溶液中滴加适量无色氯化钡溶液,振荡后静置,溶液蓝色未消失 8.(3分)下列物质的变化不能通过反应一步实现的是(  ) A.NaOH→Cu(OH)2 B.CuO→CuCl2 C.NaCl→KCl D.Na2CO3→NaOH 9.(3分)25℃时,下列过程的pH变化符合如图所示的是(  ) A.NaOH溶液中滴加稀盐酸 B.稀盐酸中滴加NaOH溶液 C.一定浓度的NaOH溶液加水稀释 D.一定浓度的盐酸加水稀释 10.(3分)鉴别或提纯下列物质,所选用试剂及操作方法均正确的是(  ) 选项 物质(括号内的物质为杂质) 选用的试剂及操作方法 A 鉴别食盐水和稀盐酸 加入硝酸银溶液 B 鉴别烧碱溶液和石灰水 通入足量二氧化碳气体 C 除去盐酸中的硫酸 加入过量的氯化钡溶液,过滤 D 除去氯化钠溶液中的碳酸钠 加入适量的氢氧化钙溶液,过滤,蒸发结晶 A.A B.B C.C D.D 二、填空题(本大题共7小题,共62分) 11.(3分)推理是学习化学的一种方法,但不合理的推理会得出错误的结论。请对下列错误观点举出相应的否定例证(填化学式或化学方程式) 错误观点 否定例证 有单质和化合物生成的一定是置换反应 方程式:CuO+CO Cu+CO2 含氧元素的化合物一定是氧化物 化学式:    盐一定含有金属元素 化学式:    与酸反应放出气体的物质,一定是活泼金属 化学式:    生成盐和水的反应一定是中和反应 方程式:    12.(8分)实验小组研究盐酸、氢氧化钙两种物质的化学性质,做了如图所示8个实验. (1)实验后某试管中为黄色溶液,该试管中发生反应的化学方程式为   . (2)实验后某试管中为红色溶液,向其中加入足量的   ,溶液变为无色.由此推断,该试管中最初盛有的物质是   . (3)实验后某试管的底部有白色固体,过滤后向滤液中滴加稀盐酸,一段时间后有气泡出现.由此推断,该试管中最初发生反应的化学方程为   . 13.(7分)如图是包含物质A、B、C、D和盐酸卡片的“化学拼图”,相邻两张卡片所标的物质(或其溶液)间能发生反应。 (1)若盐酸和A反应后溶液为浅绿色,则A是   。 (2)由B和盐酸反应的性质可知,盐酸在工业上可用于   。 (3)D与盐酸的反应属于   (填基本反应类型)。 (4)若C为碳酸钠: ①碱D   (“能”或“不能”)为KOH; ②将二氧化碳通入C溶液,可发生化合反应生成碳酸氢钠(NaHCO3),写出该反应的化学方程式   。 14.(4分)小金通过图示装置验证CO2能与NaOH发生化学反应。向充满CO2的集气瓶中注入过量的20% NaOH溶液,振荡集气瓶后打开止水夹。 (1)打开止水夹后观察到的现象是   。 (2)反应后将左边集气瓶中混合物过滤,所得溶液中一定存在的溶质有   。 15.(10分)在一烧杯中盛有Na2CO3和NaCl的混合溶液,向其中逐渐滴加溶质质量分数为10%的稀盐酸。 (1)滴加稀盐酸前,混合溶液的pH   7(填“>”或“=”或“<”,下同),当滴加稀盐酸至图中A点时,烧杯中溶液的pH   , 溶液中的溶质为   (填化学式)。当滴加稀盐酸至图中B点时,烧杯中溶液的pH   7。 (2)A点时消耗溶质HCl的质量为   g,放出CO2的质量为   。 16.(12分)粗盐中含有少量不溶性杂质(泥沙),还含有少量可溶性杂质(Na2SO4、CaCl2、MgCl2)。现以粗盐为原料制取精盐,生产过程如图。 (1)写出I中发生反应的化学方程式   。 (2)加入过量Na2CO3溶液的目的是   。 (3)操作a的名称是   ,该操作和蒸发结晶都需要用到的仪器为   。 (4)加入适量稀盐酸的作用是除去滤液中的   、   (填化学式)。 17.(18分)某化学课堂围绕“酸碱中和反应”,将学生分成若干小组开展探究活动。 探究一:氢氧化钠与盐酸混合后无明显现象,两者是否发生了化学反应? 【实验设计】甲、乙、丙三组同学分别设计了如下实验方案,请你帮他们完成实验报告。 组别 实验操作 现象 结论 甲组 溶液   。 氢氧化钠与盐酸发生了化学反应。 乙组 U型玻璃管中   边 红墨水液面下降(所加稀盐酸的体积忽略不计) 丙组 用   测定氢氧化钠溶液的pH,向其中滴加足量稀盐酸,再测定溶液的pH 最后溶液的pH   7 【评价反思】你认为实验设计方案不合理的组别是   ,理由是   。 探究二:将一定量稀盐酸加入到盛氢氧化钙溶液的小烧杯中,反应后溶液中溶质的成分是什么?反应的化学方程式是   。 【查阅资料】CaCl2溶液显中性 【提出问题】实验中未观察到明显现象,部分同学产生了疑问: 【猜想与假设】针对疑问,甲组同学猜想如下: 猜想Ⅰ:只有CaCl2;猜想Ⅱ:有   ;猜想Ⅲ:有CaCl2和Ca(OH)2;猜想Ⅳ:有CaCl2、HCl和Ca(OH)2 乙组同学认为猜想Ⅳ不合理,其理由是   。 【实验探究】为了验证其余猜想,各小组进行了下列三个方案的探究。 实验操作 向反应后的溶液中 滴加紫色石蕊试液 向反应后的溶液中通入二氧化碳气体 向反应后的溶液中 滴加碳酸钠溶液 实验现象         产生白色沉淀 实验结论 溶液中含有Ca(OH)2 【得出结论】通过探究,全班同学一致确定猜想Ⅲ是正确的。 【评价反思】丙组同学认为滴加Na2CO3溶液产生白色沉淀,并不能证明溶液中一定含有Ca(OH)2,请你帮助他们说明原因   。 三、简答与计算题(本大题共1小题,共8分) 18.(8分)为确定某大理石样品的纯度,某兴趣小组进行如下实验:称取该大理石(杂质不参加反应)加入烧杯中,向其中逐渐加入稀盐酸至完全反应.反应结束后,称量烧杯及其中物质的总质量(溶解的气体忽略不计),有关数据记录如表. 烧杯 大理石 稀盐酸 反应后烧杯及其中物质总质量 质量(克) 90 8.5 50 145.2 (1)实验中产生的二氧化碳质量为   . (2)求该大理石的纯度.(写出计算过程,计算结果精确到0.1%) (3)实验中若用浓盐酸代替稀盐酸,会使实验结果偏   ,原因是   . 2019-2020学年福建省泉州市永春县华侨中学九年级(下)月考化学试卷(3月份) 参考答案与试题解析 一、单选题(本大题共10小题,每小题3分,共30分) 1.【解答】解: A、苹果汁、葡萄汁的pH都小于7,都显酸性,故说法正确; B、牛奶的pH小于7,显酸性,鸡蛋清的pH大于7,显碱性,故说法错误; C、苹果汁、葡萄汁的pH都小于7,都显酸性,但苹果汁的pH更小,酸性更强,故说法正确; D、因为苹果汁、葡萄汁的pH都小于7,都显酸性,所以胃酸过多的人应少饮葡萄汁和苹果汁,故说法正确。 故选:B。 2.【解答】解:花青素遇酸性溶液变红色,遇碱性溶液变蓝色,在凉拌紫甘蓝丝时,观察到菜丝变成红色,可知该调味品显酸性,因此是食醋,而食盐、味精、香油都不显酸性; 故选:C。 3.【解答】解:A、给试管中的液体加热时,用酒精灯的外焰加热试管里的液体,且液体体积不能超过试管容积的,图中所示操作正确。 B、用pH试纸测定未知溶液的pH时,正确的操作方法为用玻璃棒蘸取少量待测液滴在干燥的pH试纸上,与标准比色卡对比来确定pH.不能将pH试纸伸入待测液中,以免污染待测液,图中所示操作错误。 C、稀释浓硫酸时,要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中,同时用玻璃棒不断搅拌,以使热量及时地扩散;一定不能把水注入浓硫酸中;图中所示操作正确。 D、蒸发时,应用玻璃棒不断搅拌,以防液体受热不均匀,造成液体飞溅,图中所示操作正确。 故选:B。 4.【解答】解:A、浓盐酸具有挥发性,打开盛有浓盐酸的试剂瓶塞,瓶口有白雾,稀盐酸没有挥发性,打开瓶盖看不到白雾,A错误; B、铜与稀盐酸不反应,将铜片放入稀盐酸中,不会产生大量气泡,B错误; C、浓硫酸具有强腐蚀性,不慎沾到皮肤上,立即用大量水冲洗,再涂上3%﹣5%的碳酸氢钠溶液,C正确; D、稀硫酸与石灰石反应生成微溶的硫酸钙,覆盖在石灰石表面,阻止反应继续发生,实验室不能用稀硫酸与石灰石制取二氧化碳,D错误; 故选:C。 5.【解答】解:A.氢氧化钙的俗称是熟石灰或消石灰,其化学式为Ca(OH)2,是一种碱,可用做建筑材料,故正确; B.CaO是氧化钙的化学式,俗称生石灰,石灰石的主要成分是CaCO3,故错误; C.碳酸氢钠中含金属阳离子和酸根阴离子,属于盐,故错误; D.碳酸钠是由金属阳离子与酸根阴离子构成的化合物,属于盐,故错误。 故选:A。 6.【解答】解:A、化肥能给农作物提供营养素,可提高农作物产量,故A说法正确; B、铵态氮肥与熟石灰反应产生氨气,具有刺激性气味,故B说法正确; C、氯化钾(KCl)中含有钾元素,属于钾肥,故C说法错误; D、化肥的过度使用会造成土壤酸化,可以加入熟石灰改良土壤的酸性,故D说法正确。 故选:C。 7.【解答】解:A、Na2SO4溶液无色,说明SO42﹣不显色,所以该选项能证明CuSO4溶液显蓝色不是由SO42﹣离子造成的,故A正确; B、加水稀释CuSO4溶液后,溶液中Cu2+和SO42﹣的浓度都减小,但仍有Cu2+又有SO42﹣,所以颜色变浅并不知是哪个离子引起的,故该选项对证明CuSO4溶液显蓝色不是由SO42﹣离子造成的无意义,故B错误; C、CuSO4溶液与NaOH溶液混合后生成Cu(OH)2沉淀和Na2SO4溶液,此时溶液中无Cu2+,而有SO42﹣,振荡后静置,溶液颜色消失,说明SO42﹣不显色,所以该选项能证明CuSO4溶液显蓝色不是由SO42﹣离子造成的,故C正确; D、CuSO4溶液与BaCl2溶液混合后生成BaSO4沉淀和CuCl2溶液,此时溶液中无SO42﹣,而有Cu2+,振荡后静置,溶液颜色未消失,说明Cu2+显蓝色,所以该选项能证明CuSO4溶液显蓝色不是由SO42﹣离子造成的,故D正确。 故选:B。 8.【解答】解:A、氢氧化钠和硫酸铜等可溶性铜盐反应生成氢氧化铜沉淀,转化能由一步反应实现,故A正确; B、氧化铜和盐酸反应生成氯化铜和水,转化能由一步反应实现,故B正确; C、氯化钠不能一步转化成氯化钾,故C错误; D、碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠,转化能由一步反应实现,故D正确。 故选:C。 9.【解答】解:A、图象中pH值的变化是从小于7逐渐的增大到大于7,可知原溶液显酸性,然后不断的加入碱性溶液,使pH增大,说明是把氢氧化钠溶液滴加到稀盐酸中,故选项错误。 B、图象中pH值的变化是从小于7逐渐的增大到大于7,可知原溶液显酸性,然后不断的加入碱性溶液,使pH增大,说明是把氢氧化钠溶液滴加到稀盐酸中,故选项正确。 C、一定浓度的NaOH溶液加水稀释,溶液始终显碱性,pH不可能小于7,故选项错误。 D、一定浓度的盐酸加水稀释,溶液始终显酸性,pH不可能大于7,故选项错误。 故选:B。 10.【解答】解:A、食盐水和稀盐酸均能与硝酸银溶液反应生成氯化银白色沉淀,不能鉴别,故选项说法错误。 B、二氧化碳气体能使石灰水变浑浊,与氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水,但无明显变化,可以鉴别,故选项说法正确。 C、硫酸能与过量的氯化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀和盐酸,能除去杂质但引入了新的杂质氯化钡(过量的),不符合除杂原则,故选项说法错误。 D、碳酸钠能与适量的氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠,能除去杂质但引入了新的杂质氢氧化钠,不符合除杂原则,故选项说法错误。 故选:B。 二、填空题(本大题共7小题,共62分) 11.【解答】解:氧化物含有氧元素,但含氧元素的化合物不一定都是氧化物,如C2H5OH(合理即可)。 盐中不一定含有金属元素,如硝酸铵中属于盐,不含金属元素,其化学式为NH4NO3。 与酸反应放出气体的物质,不一定是活泼金属,也可能是碳酸钠等盐,碳酸钠与稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳,其化学式为Na2CO3。 中和反应是酸与碱作用生成盐和水的反应,反应物是酸和碱,生成物是盐和水,氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜和水,反应的化学方程式为H2SO4+CuO═CuSO4+H2O(合理即可)。 故答案为: C2H5OH(合理即可);NH4NO3(合理即可);Na2CO3(合理即可);H2SO4+CuO═CuSO4+H2O(合理即可)。 12.【解答】解:(1)实验后某试管中为黄色溶液,该溶液是氯化铁溶液,氯化铁是由氧化铁和稀盐酸反应生成的,氧化铁和稀盐酸反应的化学方程式为: Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O. 故填:Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O. (2)稀盐酸显酸性,能使石蕊试液变红色,如果向变红色的石蕊试液中加入过量的显碱性的溶液时,溶液由红色变成蓝色; 澄清石灰水显碱性,能使酚酞试液变红色,如果向变红色的酚酞试液中加入过量的稀盐酸时,溶液由红色变成无色,因此实验后某试管中为红色溶液,向其中加入足量的稀盐酸,溶液变为无色.由此推断,该试管中最初盛有的物质是无色酚酞溶液. 故填:稀盐酸;无色酚酞溶液. (3)氢氧化钙的溶解度很小,二氧化碳通入澄清石灰水中时,二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水, 其中的氢氧化钙很容易完全反应; 向碳酸钠溶液中滴加澄清石灰水时,由于氢氧化钙的溶解度很小,碳酸钠过量,氢氧化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠,向滤液中滴加稀盐酸时,滤液中的氢氧化钠先和稀盐酸反应一段时间,氢氧化钠完全反应后,稀盐酸再和碳酸钠反应生成二氧化碳,因此过滤后向滤液中滴加稀盐酸,一段时间后有气泡出现,该试管中最初发生反应的化学方程为:Na2CO3+Ca(OH)2═CaCO3↓+2NaOH. 故填:Na2CO3+Ca(OH)2═CaCO3↓+2NaOH. 13.【解答】解:(1)盐酸和A反应后溶液为浅绿色,所以溶液中含有亚铁离子,所以单质A是铁,铁和盐酸反应生成氯化亚铁和氢气,所以A是铁; (2)氧化物和盐酸反应生成盐和水,所以盐酸在工业上可用于金属除锈; (3)D属于碱,碱和酸反应生成盐和水,所以D与盐酸的反应属于复分解反应; (4)①氢氧化钾会与盐酸,但是碳酸钠不能与氢氧化钾反应,碱D不能为KOH; ②二氧化碳、碳酸钠和水反应生成碳酸氢钠,化学方程式为:Na2CO3+H2O+CO2=2NaHCO3。 故答案为:(1)铁; (2)金属除锈; (3)复分解反应; (4)①不能; ②Na2CO3+H2O+CO2=2NaHCO3。 14.【解答】解:(1)推注射器活塞向充满CO2的集气瓶中注入过量 20%的NaOH溶液,二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸钠和水,导致左边集气瓶中的气压减小,打开止水夹后,氯化钙溶液流入左边集气瓶中,氯化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠,因此观察到的现象是:氯化钙溶液流入左边集气瓶中,并且溶液变浑浊。 故填:氯化钙溶液流入左边集气瓶中,并且溶液变浑浊。 (2)反应后将集气瓶中混合物过滤,由于注入过量的20% NaOH溶液,所得溶液中一定存在的溶质有过量的氢氧化钠和反应生成的氯化钠,可能含有碳酸钠或氯化钙。 故填:NaOH和NaCl。 15.【解答】解:(1)滴加稀盐酸前,混合溶液含有碳酸钠,故溶液显碱性,这时pH>7;根据图可以看出,当滴加盐酸至73g时也就是A点时,此时气体达到最大量,也就是恰好完全反应,此时溶液pH等于7,溶质只有氯化钠,而继续滴加盐酸时,由于盐酸剩余,所以此时pH小于7,溶质为HCl和NaCl; (2)在A点时消耗的HCl的质量为73g×10%=7.3g, 设消耗7.3gHCl时,生成的二氧化碳的质量为x Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑ 73 44 7.3g x x═4.4g 生成气体二氧化碳的质量是4.4g;。 故答案为:(1)>;=7;NaCl;<; (2)7.3;4.4g。 16.【解答】解:(1)I中氯化钡和硫酸钠反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠,发生反应的化学方程式:BaCl2+Na2SO4═BaSO4↓+2NaCl。 故填:BaCl2+Na2SO4═BaSO4↓+2NaCl。 (2)加入过量Na2CO3溶液的目的是除去氯化钙和过量的氯化钡。 故填:除去氯化钙和过量的氯化钡。 (3)操作a的名称是过滤,通过过滤能够除去不溶于水的物质; 过滤和蒸发结晶都需要用到的仪器为玻璃棒,作用分别是引流、使液体均匀受热,防止液体飞溅。 故填:过滤;玻璃棒。 (4)加入适量稀盐酸的作用是除去滤液中的碳酸钠、氢氧化钠。 故填:Na2CO3;NaOH。 17.【解答】解:探究一: 【实验设计】 氢氧化钠溶液显碱性,能使酚酞试液变红色,加入稀盐酸后,如果溶液由红色变成无色,说明氢氧化钠发生了反应; 稀盐酸和氢氧化钠反应生成氯化钠和水,放热,氢氧化钠溶于水也放热,导致瓶内气压增大,U型玻璃管中左边红墨水液面下降; 利用pH试纸测定氢氧化钠溶液的pH,pH大于7,说明溶液显碱性,向其中滴加足量稀盐酸,再测定溶液的pH小于7,说明溶液显酸性,氢氧化钠发生了反应。 故填:由红色变成无色;左;pH试纸;<。 【评价反思】 实验设计方案不合理的组别是乙组,理由是:氢氧化钠溶于水放热,也能够导致U型玻璃管中左边红墨水液面下降。 故填:乙组;氢氧化钠溶于水放热,也能够导致U型玻璃管中左边红墨水液面下降。 探究二: 将一定量稀盐酸加入到盛氢氧化钙溶液的小烧杯中,氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水,反应的化学方程式是:Ca(OH)2+2HCl═CaCl2+2H2O。 故填:Ca(OH)2+2HCl═CaCl2+2H2O。 【猜想与假设】 猜想Ⅰ:恰好完全反应时只有CaCl2; 猜想Ⅱ:稀盐酸过量时有CaCl2、HCl; 猜想Ⅲ:氢氧化钙过量时有CaCl2和Ca(OH)2; 猜想Ⅳ:有CaCl2、HCl和Ca(OH)2 乙组同学认为猜想Ⅳ不合理,其理由是氢氧化钙和盐酸不能共存。 故填:CaCl2、HCl;氢氧化钙和盐酸不能共存。 【实验探究】 向反应后的溶液中滴加紫色石蕊试液,溶液变蓝色,说明溶液显碱性,即溶液中含有氢氧化钙; 向反应后的溶液中通入二氧化碳气体,产生白色沉淀,是因为二氧化碳和氢氧化钙反应生成了白色沉淀碳酸钙,说明溶液中含有氢氧化钙。 故填:溶液变蓝色;产生白色沉淀。 【评价反思】 丙组同学认为滴加Na2CO3溶液产生白色沉淀,并不能证明溶液中一定含有Ca(OH)2,原因:不含有氢氧化钙时,氯化钙也能和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钙。 故填:不含有氢氧化钙时,氯化钙也能和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钙。 三、简答与计算题(本大题共1小题,共8分) 18.【解答】解:(1)实验中产生的二氧化碳质量为:90g+8.5g+50g﹣145.2g=3.3g; (2)设参加反应的碳酸钙的质量为x CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2↑+H2O 100 44 x 3.3g = x=7.5g 所以大理石的纯度为:×100%=88.2%; (3)实验中若用浓盐酸代替稀盐酸,会使实验结果偏大,原因是:浓盐酸有挥发性,会导致测得的二氧化碳质量偏高,从而导致计算所得的碳酸钙质量偏大,最终导致实验结果偏大. 故答案为:(1)3.3g; (2)88.2%; (3)大,浓盐酸有挥发性,会导致测得的二氧化碳质量偏高,从而导致计算所得的碳酸钙质量偏大,最终导致实验结果偏大.

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  • ID:7-7131427 2019-2020学年吉林省长春市农安三中九年级(下)月考化学试卷(3月份)(解析版)

    初中化学/月考专区/九年级下册

    2019-2020学年吉林省长春市农安三中九年级(下)月考化学试卷(3月份) 一、选择题:(每小题1分,共10分) 1.(1分)使紫色石蕊试液变蓝的溶液能使无色酚酞试液(  ) A.变红色 B.变蓝色 C.呈无色 D.变紫色 2.(1分)下列不属于盐酸的性质的是(  ) A.挥发性 B.吸水性 C.腐蚀性 D.能使紫色石蕊溶液变红 3.(1分)下列物质暴露在空气中,质量增加并且会引起变质的是(  ) A.浓盐酸 B.浓硫酸 C.氢氧化钠固体 D.氯化钠固体 4.(1分)如图图示实验操作中,错误的是(  ) A. B. C. D. 5.(1分)下列气体中既可以用浓硫酸干燥,又可以用固体氢氧化钠干燥的是(  ) A.O2 B.NH3 C.SO2 D.CO2 6.(1分)下列物质中不能使无色酚酞溶液变红的是(  ) A.Mg(OH)2 B.Ca(OH)2 C.CaO D.NaOH 7.(1分)下列溶液pH最大的是(  ) A.10% KOH B.20% KOH C.10% HCl D.20% HCl 8.(1分)下列各组物质间的反应,由于现象不明显需要借助酸碱指示剂才能判断出反应发生的是(  ) A.锌与稀盐酸 B.烧碱溶液与稀硫酸 C.氧化铁与稀硫酸 D.硫酸铜溶液与氢氧化钠溶液 9.(1分)向氧化铜和铁粉的混合物中加入一定量的稀硫酸,微热,充分反应后过滤,向滤液中插入锌片,有气泡产生.则以下判断不正确的是(  ) A.不溶物中一定含有铁 B.滤液中一定含有硫酸 C.不溶物中一定含有铜 D.滤液中一定含有硫酸亚铁 10.(1分)烧杯中盛有x溶液,逐滴加入(或通入)y物质,烧杯内液体的pH变化如图所示。则符合该变化的一组物质是(  ) x y A NaOH溶液 稀HCl(过量) B 稀H2SO4 Mg(适量) C Ca(OH)2 CO2(适量) D 稀HCl NaOH溶液(过量) A.A B.B C.C D.D 二、非选择题(每小题4分,共40分) 11.(4分)用化学用语填写下列空白。 (1)2 个亚铁离子   。 (2)3 个硝酸根离子   。 (3)不同的酸溶液都含有相同的阳离子是   。 (4)不同的碱的溶液中都含有相同的阴离子是   。 12.(3分)浓盐酸的质量为A,敞口放置一段时间后,测得其质量为B.则A   B(填“>”“=’’或“<’’,下同);浓硫酸的溶质质量分数为A,敝口放置一段时间后,测得其溶质质量分数为B,则A   B;质量为A的锌片插入硫酸铜溶液中,一段时间后取出,洗净、干燥后测得其质量为B,则A   B。 13.(4分)用如图装置完成下列实验。 ①Ca(OH)2饱和溶液 ②NaOH饱和溶液 (1)检验CO中混有少量的CO2,瓶中选用   (用序号填空),该反应的化学方程式是   ; (2)除去CO中混有少量的CO2瓶中最好选用   (用序号填空)该反应的化学方程式是   。 14.(5分)请根据图中A、B两种固体物质的溶解度曲线,回答下列问题。 (l)在   ℃时,A、B两种物质溶解度相同。 (2)t2℃时,100g水中溶解   g A物质恰好达到饱和,该饱和溶液中溶质的质量分数为   ,若要把该饱和溶液稀释成质量分数为10%的溶液,应加水   g。 (3)将t2℃时A、B两种物质的饱和溶液降温至t1℃(其它条件不变),溶质的质量分数保持不变的是   。 15.(4分)在实验室里用浓度为98%的浓硫酸和蒸馏水配制稀硫酸。 (1)要配制19.6%的稀硫酸100g,需要98%的浓硫酸   g; (2)量取和混匀操作中需要的玻璃仪器包括烧杯、量筒、胶头滴管和   ; (3)如果量取水时仰视读数,其它操作正确,则配制出的稀硫酸的浓度会比19.6%   ; (4)用上述稀硫酸与足量锌粒完全反应能生成氢气   g。 16.(3分)构建知识网络,可以帮助我们理解知识间的内在联系。如图是盐酸与不同类别物质之间反应的知识网络。 (1)图中M应为   类物质。 (2)能与盐酸反应生成浅绿色溶液的金属是   。 (3)盐酸能与碱反应的实质是盐酸中的   (写离子符号)与碱中的OH﹣反应生成H2O。 (4)用盐酸除铁锈(主要成分Fe2O3)的化学方程式是   。 17.(5分)小华同学配制50g溶质质量分数为20%的NaCl溶液,操作流程如图1: (1)小华同学应称取氯化钠的质量是   ; (2)指出图中的一处错误:   ; (3)在用托盘天平称取食盐的过程中,发现指针已偏向分度盘左侧,他接下来的操作是   ; (4)在用量简量取水的过程巾,当液面接近刻度线时,他的操作如2图所示,其中规范的是   (填序号)。 (5)如果小华配制的氯化钠溶液的溶质质量分数小于20%,则造成此误差的可能原因有   (填序号)。 A.称量前天平没有调平 B.称量纸上残留少量食盐 C.向烧杯中加水时,有少量水溅出烧杯外。 18.(4分)请根据酸、碱、盐的相关知识,回答下列问题: (1)农业上常用于改良酸性土壤的一种碱是   , (2)胃液中含有适量的盐酸.由于胃酸过多而引起的胃痛,町服用含有Mg(OH)2的药物来中和过多的胃酸,发生反应的化学方程式为   , (3)用水鉴别NaOH、NaCl、CaCO3三种同体物质时,能够鉴别出NaOH固体所依据的现象是   . (4)探究稀盐酸、Na2CO3溶液、Ca(OH)2溶液之间能否发生化学反应时,将所有废液倒入同一洁净烧杯中.除指示剂外,最终烧杯中一定含有的一种溶质是   . 19.(8分)化学课堂围绕“酸碱中和反应”,将学生分成若干小组探究。请你和他们一起完成以下实验探究。 【演示实验】将一定量稀盐酸加入到盛氢氧化钙溶液的小烧杯中。该反应的化学方程式是:   ,该反应的化学反应基本类型是   。 【查阅资料】CaCl2滚液显中性。 【提出问题】实验中未观察到明显现象,部分同学产生了疑问:反应后溶液中溶质的成分是什么? 【猜想与假设】针对疑问,甲组同学猜想如下: 猜想I:只有CaCl2。 猜想Ⅱ:有   。 猜想Ⅲ:有CaCl2和Ca(OH)2。 猜想IV:有CaCl2、HCl和Ca(OH)2。 乙组同学对以上猜想提出质疑,认为猜想IV不合理,其理由是   。 【实验探究】为了验证其余猜想,各小组进行了下列三个方案的探究。 实验方案 滴加紫色石蕊溶液 通入CO2 滴加Na2CO3溶液 实验操作 实验现象         产生白色沉淀 实验结论 溶液中含有:Ca(OH)2 溶液中含有:Ca(OH)2 溶液中含有:Ca(OH)2 【得出结论】通过探究,全班同学一致确定猜想Ⅲ是正确的。 【评价反思】(1)丙组同学认为滴加Na2CO3溶液产生白色沉淀,并不能证明溶液中一定含有Ca(OH)2,请你帮助他们说明原因   。 (2)在分析反应后所得溶液中溶质的成分时,除了考虑生成物外。还需要考虑   。 2019-2020学年吉林省长春市农安三中九年级(下)月考化学试卷(3月份) 参考答案与试题解析 一、选择题:(每小题1分,共10分) 1.【解答】解:紫色石蕊溶液遇酸性溶液变红,遇碱性溶液变蓝,则使紫色石蕊试液变蓝的溶液显碱性;由无色酚酞溶液遇碱性溶液变红,故该溶液能使无色酚酞试液变红。 故选:A。 2.【解答】解:A、盐酸具有挥发性,属于物理性质;故选项正确; B、盐酸不能吸水,不具有吸水性;故选项错误; C、盐酸具有腐蚀性;故选项正确; D、盐酸能使紫色石蕊溶液变红,属于化学性质;故选项正确; 故选:B。 3.【解答】解:A、浓盐酸具有挥发性,暴露在空气中挥发出HCl,质量减小,故正确; B、浓硫酸具有吸水性,暴露在空气中吸收水分,溶液的质量增大,浓度减小,但是不会变质,故正确; C、氢氧化钠易潮解,会吸收空气中的水分,使固体质量增加,同时还会与空气中的CO2发生反应,生成Na2CO3,引起变质,故正确; D、氯化钠暴露在空气中,不会发生变化,故错误。 故选:C。 4.【解答】解:A、检查装置气密性的方法:把导管的一端浸没在水里,双手紧贴容器外壁,若导管口有气泡冒出,装置不漏气;图中所示操作正确。 B、稀释浓硫酸时,要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中,同时用玻璃棒不断搅拌,以使热量及时的扩散;一定不能把水注入浓硫酸中;图中所示操作正确。 C、向试管中倾倒液体药品时,瓶塞要倒放,标签要对准手心,瓶口紧挨,图中所示操作正确。 D、使用胶头滴管滴加少量液体的操作,注意胶头滴管不能伸入到试管内或接触试管内壁,应垂直悬空在试管口上方滴加液体,防止污染胶头滴管,图中所示操作错误。 故选:D。 5.【解答】解:A、氧气既不与浓硫酸反应,也不与氢氧化钠反应,故既可以用浓H2SO4干燥,又可以用NaOH固体干燥,故选项正确。 B、NH3能与浓硫酸反应生成硫酸铵,不能用浓硫酸干燥,故选项错误。 C、SO2能与氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水,不能用NaOH固体干燥,故选项错误。 D、二氧化碳能与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水,不能用NaOH固体干燥,故选项错误。 故选:A。 6.【解答】解:A、难溶性的碱无法形成溶液,无法使无色酚酞试液变红。A正确。 B、Ca(OH)2溶液显碱性,能使无色酚酞溶液变红,故选项错误。 C、氧化钙能与水反应生成氢氧化钙,氢氧化钙的水溶液呈碱性,能使酚酞变红,故选项错误。 D、氢氧化钠溶液显碱性,能使无色酚酞溶液变红,故选项错误。 故选:A。 7.【解答】解:盐酸显酸性,pH小于7;氢氧化钾显碱性,pH大于7,20%的KOH溶液比10%的KOH溶液的浓度大,氢氧根离子的浓度也大,所以pH较高。 故选:B。 8.【解答】解:A、锌与稀盐酸反应生成氯化锌和氢气,有气体生成,现象明显,不需借助酸碱指示剂就能判断出反应发生,故选项错误。 B、氢氧化钠溶液与稀硫酸反应生成硫酸钠和水,反应无明显现象,需要借助指示剂才能判断出反应发生,故选项正确。 C、氧化铁与稀硫酸反应生成硫酸铁和水,会观察到固体消失,溶液变黄,现象明显,不需借助酸碱指示剂就能判断出反应发生,故选项错误; D、硫酸铜与氢氧化钠反应生成有蓝色沉淀,现象明显,不需借助酸碱指示剂就能判断出反应发生,故选项错误。 故选:B。 9.【解答】解:A、向滤液中插入薄锌片,有气泡产生,说明所加入的稀硫酸过量,因此混合物中的氧化铜与铁粉完全反应,所以不溶物中一定不含有铁,故A错误; B、向滤液中插入锌片,有气泡产生,说明滤液中一定含有剩余的硫酸,故B正确; C、氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜,铁的活动性比铜强,铁能置换出硫酸铜溶液中的铜,故C正确; D、铁与硫酸或硫酸铜反应都能生成可溶于水的硫酸亚铁,因此,滤液中一定含有硫酸亚铁,故D正确。 故选:A。 10.【解答】解:A、氢氧化钠溶液显碱性,pH大于7,当加入过量的稀盐酸时,溶液的pH逐渐减小至小于7.与图不符合; B、稀硫酸显酸性,pH小于7,x不是稀硫酸。与图不符合; C、氢氧化钙溶液显碱性,pH大于7,当加入适量二氧化碳时,二氧化碳能和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水,溶液的pH逐渐减小至等于7.与图符合; D、稀盐酸显酸性,pH小于7,x不是稀盐酸。与图不符合。 故选:C。 二、非选择题(每小题4分,共40分) 11.【解答】解:离子的表示方法,在表示该离子的元素符号右上角,标出该离子所带的正负电荷数,数字在前,正负符号在后,带1个电荷时,1要省略,若表示多个该离子,就在其离子符号前加上相应的数字,所以 (1)2个亚铁离子表示为2Fe2+; (2)3个硝酸根离子表示为3N; (3)酸在水溶液中电离出的阳离子全部是氢离子,所以不同的酸溶液都含有相同的阳离子是H+; (4)碱在水溶液中电离出的阴离子全部是氢氧根离子,所以不同的碱的溶液中都含有相同的阴离子是OH﹣。 故答案为:(1)2Fe2+; (2)3N; (3)H+; (4)OH﹣。 12.【解答】解:浓盐酸有挥发性,挥发出氯化氢溶质,故溶液质量减少;浓硫酸具有吸水性,在空气中易吸水使溶质质量分数减小;锌与硫酸铜的反应是置换出铜的过程,固体的质量减少。 故答案为:>;>;>。 13.【解答】解:(1)由于二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊,检验CO中混有少量的CO2,瓶中选用Ca(OH)2饱和溶液,该反应的化学方程式是:CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O; (2)由于氢氧化钠能吸收大量的二氧化碳,除去CO中混有少量的CO2,瓶中最好选用NaOH饱和溶液,该反应的化学方程式是:CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O。 故答案为:(1)①;CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O.(2)②;CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O。 14.【解答】解:(1)由溶解度曲线可知t1℃时,A、B两种物质的溶解度相等; (2)t2℃时A物质的溶解度为25g,所以t2℃时,100g水中溶解25gA物质恰好饱和,该溶液中溶质的质量分数=×100%=20%, 设加水的质量为x, 则125g×20%=(125g+x)×10% 解x=125g 答:加水的质量为125g; (3)B物质的溶解度随温度的降低而增大,A物质的溶解度随温度的降低而减小,所以t2℃时,分别将恰好饱和的A、B两种物质的溶液降温至t1℃,B物质不会有晶体析出,所以B物质的溶质的质量分数保持不变; 故答案为:(1)t1;(2)25;20%;125;(3)B。 15.【解答】解:(1)设浓硫酸溶液的质量为x,根据溶液稀释前后溶质的质量不变, 则100g×19.6%=x×98% x=20g。 (2)量筒与胶头滴管用于准确量取浓硫酸和水;烧杯用于完成混匀操作、玻璃棒用于混匀时的搅拌。 (3)用量筒量取水时,仰视液面,读数比实际液体体积小,会造成实际量取的水的体积偏大,则配出的稀硫酸的浓度会比19.6%小。 (4)设理论上可以生成氢气的质量是x。 Zn+H2SO4=ZnSO4+H2↑ 98 2 100g×19.6% x x=0.4g 答:理论上可以生成氢气的质量是0.4g; 故答案为:(1)20;(2)玻璃棒;(3)小;(4)0.4。 16.【解答】解:(1)酸能与酸碱指示剂、活泼金属、金属氧化物、碱、盐等反应,故M的物质类别属于盐。 (2)铁与稀盐酸反应生成浅绿色的氯化亚铁溶液和氢气,能与盐酸反应生成浅绿色溶液的金属是铁。 (3)盐酸能与碱反应的实质是盐酸中的氢离子和与碱中的OH﹣反应生成H2O。 (4)铁锈的主要成分是氧化铁,与盐酸反应生成氯化铁和水,反应的化学方程式是:Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O。 故答案为: (1)盐; (2)铁; (3)H+; (4)Fe2O3+6HCl═2FeCl3+3H2O。 17.【解答】解: (1)溶质质量=溶液质量×溶质质量分数=50g×20%=10g; (2)防止污染托盘,图没有放纸片; (3)天平向左偏,说明氯化钠取的多,要在左盘上减少氯化钠,直至天平平衡; (4)量取液体读数时,视线要与凹液面最低处相平,故选B; (5)配制溶液的质量分数偏小,可能是氯化钠称量的少或加入的水多,故选AB。 故答案为: (1)10g; (2)没有放纸片; (3)在左盘上减少氯化钠,直至天平平衡; (4)B; (5)A、B 18.【解答】解:(1)因氢氧化钙腐蚀性较弱,所以常用来改良酸性土壤; 故答:氢氧化钙; (2)盐酸与氢氧化镁交换成分,生成氯化镁和水; 故答:2HCl+Mg(OH)2=MgCl2+2H2O; (3)用水鉴别NaOH、NaCl、CaCO3三种同体物质时,可根据氢氧化钠溶解时放出大量的热区分出氢氧化钠; 故答:溶解时放出大量的热; (4)稀盐酸、Na2CO3溶液、Ca(OH)2溶液之间能否发生化学反应,碳酸钠与氢氧化钙生成碳酸钙沉淀,同时生成氢氧化钠;而生成的氢氧化钠又可与稀盐酸发生中和反应,生成氯化钠和水;氯化钠不与题中其它物质发生反应,所以最终烧杯中一定含有反应最终生成的氯化钠溶质. 故答:NaCl(或氯化钠). 19.【解答】解:【演示实验】将一定量稀盐酸加入到盛氢氧化钙溶液的小烧杯中时,氢氧化钙和稀盐酸反应生成氯化钙和水,该反应的化学方程式为:Ca(OH)2+2HCl=CaCl2+2H2O,属于复分解反应,故填:Ca(OH)2+2HCl=CaCl2+2H2O;复分解反应; 【猜想与假设】猜想Ⅰ:恰好完全反应时溶质只有CaCl2; 猜想Ⅱ:盐酸过量时溶质有CaCl2、HCl; 猜想Ⅲ:氢氧化钙过量时溶质有CaCl2和Ca(OH)2; 猜想Ⅳ:有CaCl2、HCl和Ca(OH)2 猜想Ⅳ不合理,其理由是盐酸和氢氧化钙不能共存,故填:CaCl2、HCl;盐酸和氢氧化钙不能共存; 【实验探究】滴加紫色石蕊溶液,溶液变红色,说明溶液中含有盐酸; 通入二氧化碳时产生白色沉淀,说明溶液中含有氢氧化钙; 滴加碳酸钠溶液时,产生白色沉淀,说明溶液中含有氯化钙或氯化钙和氢氧化钙,实验过程如下所示: 实验方案 滴加紫色石蕊溶液 通入CO2 滴加Na2CO3溶液 实验操作 实验现象 溶液变蓝色 产生白色沉淀 产生白色沉淀 实验结论 溶液中含有Ca(OH)2 溶液中含有Ca(OH)2 溶液中含有Ca(OH)2 【评价反思】(1)丙组同学认为滴加Na2CO3溶液产生白色沉淀,并不能证明溶液中一定含有Ca(OH)2,原因是碳酸钠和氯化钙反应也能生成白色沉淀碳酸钙,故填:碳酸钠和氯化钙反应也能生成白色沉淀碳酸钙; (2)在分析反应后所得溶液中溶质成分时,除了考虑生成物外,还需要考虑反应物是否过量,故填:反应物是否过量。

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  • ID:7-7131423 2019-2020学年河南省安阳市滑县九年级(上)期末化学试卷(解析版)

    初中化学/期末专区/九年级上册

    2019-2020学年河南省安阳市滑县九年级(上)期末化学试卷 一、选择题(本题包括14个小题,每小题1分,共14分.每小题只有一个正确选项) 1.(1分)下列变化过程中,一定发生了化学变化的是(  ) A.蒸馏 B.燃烧 C.石油分馏 D.爆炸 2.(1分)下列物质排放到空气中,不会造成大气污染的是(  ) A.SO2 B.CO2 C.CO D.NO2 3.(1分)鉴别三瓶无标签的无色的氧气、二氧化碳、空气最简便的方法是用(  ) A.带火焰木条 B.带火星木条 C.澄清石灰水 D.观察颜色 4.(1分)下列有关水的说法中正确的是(  ) A.水与冰块混合得到混合物 B.水的蒸发和水通电分解都属于物理变化 C.硬水是指含有较多可溶性钙、镁化合物的水 D.水沸腾时可冲起壶盖,说明温度升高分子会变大 5.(1分)下列实验操作中,不正确的是(  ) A.加热液体 B. C.读出液体体积 D.加块状固体 6.(1分)下列各组物质中,都由离子构成的一组是(  ) A.NaCl、CuSO4 B.CH4、HCl C.Si、CO2 D.Ar、Au 7.(1分)下列符号中,既能表示一种元素,又能表示元素的一个原子,也能表示出该元素组成的单质的是(  ) A.O B.2N C.2N2 D.Cu 8.(1分)在①N2O5;②X;③N2O3;④N2;⑤NH3五种物质中,它们是按照氮元素的化合价由高到低顺序排列的,则X可能是下列物质中的(  ) A.NO2 B.NaNO2 C.NH4Cl D.N2O 9.(1分)在25℃时,向不饱和氯化钾溶液加入少量氯化钾固体至溶液刚好饱和,在这一过程中,下列各量:①溶液中水的质量,②溶液中溶质的质量,③溶液中氯化钾的质量分数,④25℃时氯化钾的溶解度,⑤氯化钾溶液的质量。其中不变的是(  ) A.①和④ B.②和③ C.③和④ D.④和⑤ 10.(1分)下列图中和分别表示两种元素的原子,则其中表示化合物的是(  ) A. B. C. D. 11.(1分)用“”和“”分别代表A2和B2两种物质,二者反应的微观示意图如图,下列说法正确的是(  ) A.该反应是分解反应 B.该反应有2种生成物 C.每个生成物分子由3个原子构成 D.参加反应的“”和“”分子的个数比是3:1 12.(1分)交警常用一种“酒精检测仪”检查司机是否酒后驾车。其反应原理为: C2H5OH+4CrO3+6H2SO4═2X+2CO2↑+9H2O,反应中的CrO3转化为绿色的化合物X.X的化学式为(  ) A.Cr2O3 B.Cr2(SO4)3 C.CrSO3 D.Cr2S3 13.(1分)将N2、CO、CO2的混合气体,依次通入足量石灰水和灼热的CuO后,冷却至室温,剩余气体是(  ) A.N2 CO2 B.N2 C.CO2 D.CO 14.(1分)2.3g铁和M的混合物与足量盐酸反应,生成0.2g氢气,则M可能是(  ) A.镁 B.铝 C.碳 D.钠 二、填空题(本题包括4个小题,每空1分,共16分) 15.(3分)化学用语填空 (1)硫酸铜   ; (2)2个铵根离子   ; (3)高锰酸钾中锰元素的化合价   。 16.(2分)一定条件下,4.6g某有机物与XgO2恰好完全反应,生成5.4gH2O和8.8gCO2,则X=   ;该有机物中一定含    元素;该反应中氧气与二氧化碳的分子个数比为   。 17.(5分)如图是实验室制取气体的装置图: (1)实验室制取的气体不同,选择的装置也不尽相同。实验室制取二氧化碳气体的反应原理是   (填化学方程式),制取装置常选择   。实验室用氯酸钾制取氧气的反应原理是   (填化学方程式),制取装置常选择   。 (2)初中化学重点学习了氧气、二氧化碳、氢气三种气体的实验室制取。当选择B装置和F装置组合时,三种气体中能制取的气体为   。 18.(6分)工业上炼铁炼钢和轧制钢材的主要流程如图: (1)高炉炼铁的原理是   (填化学方程式)。 (2)炼铁的固体原料需经过粉碎,其目的是   。 (3)热空气和高炉气体的主要成分有一种相同,这种气体的化学式是   。 石灰石分解生成的氧化钙可与杂质二氧化硅反应,生成炉渣硅酸钙(CaSiO3),生成炉渣的化学方程式为   。 (4)炼钢炉中,通入纯氧的目的是   。将钢锭轧成钢板,体现了金属的   性。 (5)钢铁制品可能会生锈,钢铁生锈的原因是   。 (6)写出用盐酸除锈的化学方程式   。 三、简答题(本题包括4个小题,共10分) 19.(2分)电影《流浪地球》开创了中国科幻电影的新里程。描写了太阳在因老化形成“氦闪”而将毁灭地球的情况下,人类是如何应对一系列生存危机的。 (1)画出氦原子的结构示意图   。 (2)当地球即将撞向木星时,木星表面的氢气与地球表面的大气混合,救援人员利用点燃混合气体时产生的巨大冲击力将地球推离木星,写出此反应的化学方程式   。 20.(3分)下面是一些灭火的实例,请说出灭火的原理。 (1)做实验时不慎碰到酒精灯,酒精在桌面燃烧,立即用湿抹布盖灭。 (2)扑灭森林火灾时,常是将大火蔓延路线前的片树木砍掉,形成隔离带。 (3)用嘴吹灭蜡烛。 21.(3分)X、Y、Z三种物质的转化关系如图所示。(“→”表示能一步完成的反应。 部分物质和反应条件已略去)。X、Y.Z中均含有钙元素,请写出对应的三个化学方程式   。 22.(2分)如图为实验室检验氧化碳性 质的微型实验,微型化学实验 有试剂用量少,现象明显,污染少等优点。 (1)a中的实验现象为   。 (2)烧杯中低处的蜡烛先熄灭,原因是   。 四、综合应用题(共10分) 23.(10分)学会物质的分离提纯和准确配制一定质量分数的溶液在实际应用中有重要意义。 (已知:20℃氧化钠的溶解度为36g,水的密度可近似看作1g/mL)。 实验一:溶液配制 (1)用氯化钠固体配制100g质量分数为6%的氯化钠溶液。需要氯化钠   g,水   mL。 (2)0.9%的医用氯化钠溶液俗称生理盐水,可用于补充人体所需电解质。生理盐水中的溶质为   。 实验二:粗盐提纯(如图所示) (3)操作①中玻璃棒的作用是   ,操作②的名称为   。 (4)20℃时提纯9g粗盐,若已知粗盐中氯化钠含量约为80%,溶解时应选择   的量筒量取所需要的水最为合适。(提供的量筒规格有“10mL”“25mL”“50mL”和“100mL”) 24.向盛有一定质量铁粉的烧杯中逐滴加入稀硫酸充分反应,产生气体质量与所加稀硫酸质量的关系如图所示。请根据关系图分析并计算: (1)铁粉反应完时,产生氢气的质量为   g。 (2)原稀硫酸中溶质的质量分数(写出计算过程)。 2019-2020学年河南省安阳市滑县九年级(上)期末化学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本题包括14个小题,每小题1分,共14分.每小题只有一个正确选项) 1.【解答】解:A、蒸馏是由液态变为气态,再冷凝的过程,属于物理变化,故A错; B、燃烧一般指物质与氧气发生剧烈的氧化反应,属于化学变化,故B正确; C、石油分馏是根据沸点不同,进行混合物的分离,属于物理变化,故C错; D、爆炸有的是物理变化例如轮胎爆炸,有的是化学变化,例如火药爆炸,故D错。 故选:B。 2.【解答】解:A、有害气体主要有一氧化碳、二氧化硫、二氧化氮等气体,故选项错误; B、二氧化碳是空气的成分,不属于空气污染物,故选项正确; C、有害气体主要有一氧化碳、二氧化硫、二氧化氮等气体,故选项错误; D、有害气体主要有一氧化碳、二氧化硫、二氧化氮等气体,故选项错误; 故选:B。 3.【解答】解:A、将带火焰的木条伸入三瓶气体中,使木条剧烈燃烧的是氧气,没有变化的是空气,熄灭的是二氧化碳,现象明显不同,方法简单,故此项正确。 B、带火星的木条在氧气中能燃烧,但在空气和二氧化碳中会熄灭,故此项错误。 C、澄清石灰水只有遇到二氧化碳时才变浑浊,不能鉴别氧气和空气,故此项错误。 D、因为三种气体都没有颜色,用观察颜色的方法无法鉴别,故此项错误。 故选:A。 4.【解答】解:A、冰块是固态的水,混合以后还是只有水这一种物质,故A说法错误; B、水的蒸发是指水由液态变为气态,没有产生新的物质,所以属于物理变化,水通电分解,生成氢气和氧气,属于化学变化,故B说法错误; C、硬水是指含有较多钙镁离子的水,故C正确; D、水烧开后易把壶盖冲起,说明温度升高,分子间的间隔会变大,故D解释错误。 故选:C。 5.【解答】解:A、给液体加热时,用酒精灯的外焰加热试管里的液体,且液体体积不能超过试管容积的,大拇指要握在试管夹的长柄处,图中所示操作错误; B、检查装置气密性的方法:把导管的一端浸没在水里,双手紧贴容器外壁,若导管口有气泡冒出,装置不漏气,图中所示操作正确; C、量取液体时,视线与液体的凹液面最低处保持水平,图中所示操作正确; D、向试管中加入块状固体药品时,应先将试管横放,用镊子把药品送到试管口,再慢慢将试管竖立起来,图中所示操作正确。 故选:A。 6.【解答】解:A、氯化钠是由钠离子和氯离子构成的,硫酸铜是由铜离子和硫酸根离子构成的,故选项正确。 B、甲烷、氯化氢分别是由甲烷分子、氯化氢分子构成的,故选项错误。 C、硅属于固态非金属单质,是由硅原子直接构成的;二氧化碳是由二氧化碳分子构成的,故选项错误。 D、Ar属于稀有气体单质,是由氩原子直接构成的;金属于金属单质,是由铁原子直接构成的,故选项错误。 故选:A。 7.【解答】解:元素符号能表示一种元素,还能表示该元素的一个原子;化学式能表示一种物质,当元素符号又是化学式时,就同时具备了上述三层意义。 A、O属于气态非金属元素,可表示氧元素,表示一个氧原子,但不能表示一种单质,故选项错误。 B、该符号可表示2个氮原子,不是元素符号,故选项错误。 C、该符号可表示2个氮分子,不是元素符号,故选项错误。 D、Cu属于金属元素,可表示铜元素,表示一个铜原子,还能表示铜这一单质,故选项正确。 故选:D。 8.【解答】解:设①五氧化二氮中氮的化合价为x。 x?2+(﹣2)×5=0 解得x=+5 设③三氧化二氮中氮的化合价为y。 y?2+(﹣2)×3=0 解得y=+3 由于②中氮的化合价在①③中氮的化合价之间,因此②中氮的化合价在+5和+3之间。 设二氧化氮中氮的化合价为z。 z+(﹣2)×2=0 解得z=+4 设亚硝酸钠中氮的化合价为w。 (+1)+w+(﹣2)×2=0 解得w=+3 设氯化铵中氮的化合价为m。 m+(+1)×4+(﹣1)=0 解得m=﹣3 设一氧化二氮中氮的化合价为n。 n?2+(﹣2)=0 解得n=+1 由上述计算可知二氧化氮中氮元素的化合价在+5和+3之间。 故选:A。 9.【解答】解:向不饱和氯化钾溶液加入少量氯化钾固体至溶液刚好饱和的过程中,水的质量不变,溶液中溶质的质量增大,溶液中氯化钾的质量分数增大,25℃时氯化钾的溶解度不变,氯化钾溶液的质量增大。 故选:A。 10.【解答】解:A、图中的分子是由不同种原子构成的,属于化合物,故选项正确; B、图中的物质是由不同种分子构成的,属于混合物,故选项错误; C、图中的物质是由同种的原子直接构成的,属于单质,故选项错误; D、图中物质的分子是由同种的原子构成的,属于单质,故选项错误。 故选:A。 11.【解答】解:由质量守恒定律可知,该反应的示意图为: A.该反应由两种物质生成了一种物质,属于化合反应,不属于分解反应,故错误。 B.由物质的构成可知,该反应生成了一种物质,故错误。 C.由微粒的构成可知,每个生成物分子有4个原子构成,故错误。 D.由反应的微观过程图,反应前由6个分子与2个分子发生反应,参加反应的“”和“”分子的个数比是6:2=3:1.故正确。 故选:D。 12.【解答】解:根据反应的化学方程式C2H5OH+4CrO3+6H2SO4═2X+2CO2↑+9H2O,反应物中碳、氢、氧(原子团之外的)、铬、硫酸根的个数分别为2、18、13、4、6,反应后的生成物中碳、氢、氧、铬、硫酸根原子的个数分别为2、18、13、0、0,根据反应前后原子种类、数目不变,则2X中含有4个铬原子、6个硫酸根,则每个X分子由2个铬原子和3个硫酸根构成,则物质X的化学式为Cr2(SO4)3。 故选:B。 13.【解答】解:混合气体通过足量石灰水后,二氧化碳会与石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水,CO2被吸收;再通过灼热的氧化铜后,一氧化碳会与灼热的氧化铜反应分别生成铜和二氧化碳,一氧化碳被消耗,但生成了二氧化碳;冷却至室温,最后剩余的气体为二氧化碳、氮气。 故选:A。 14.【解答】解:设生成0.2g氢气需要铁的质量为x Fe+2HCl═FeCl2+H2↑ 56 2 x 0.2g x=5.6g 由提供信息可知,M能与盐酸反应生成氢气,且生成0.2g氢气需要M的质量应小于2.3g A.设生成0.2g氢气需要镁的质量为y,则 Mg+2HCl═MgCl2+H2↑ 24 2 y 0.2g y=2.4g>2.3g,所以不合题意; B.设生成0.2g氢气需要铝的质量为z,则 2Al+6HCl═2AlCl3+3H2↑ 54 6 z 0.2g z=1.8g<2.3g,符合题意; C.碳与稀盐酸不反应,不合题意; D.设生成0.2g氢气需要钠的质量为m,则 2Na+2HCl=2NaCl+H2↑ 46 2 m 0.2g m=4.6g>2.3g,不合题意。 故选:B。 二、填空题(本题包括4个小题,每空1分,共16分) 15.【解答】解:(1)硫酸铜中铜元素显+2价,硫酸根显﹣2价,其化学式为CuSO4。 (2)由离子的表示方法,在表示该离子的元素符号右上角,标出该离子所带的正负电荷数,数字在前,正负符号在后,带1个电荷时,1要省略。若表示多个该离子,就在其离子符号前加上相应的数字,故2个铵根离子可表示为:2NH4+。 (3)高锰酸钾中钾元素显+1价,氧元素显﹣2价,锰元素的化合价为+7价;由化合价的表示方法,在该元素的上方用正负号和数字表示,正负号在前,数字在后,故高锰酸钾中锰元素的化合价为+7价可表示为:KO4。 故答案为: (1)CuSO4; (2)2NH4+; (3)KO4。 16.【解答】解:一定条件下,4.6g某有机物与XgO2恰好完全反应,生成5.4gH2O和8.8gCO2,根据质量守恒定律可知,则X=5.4+8.8﹣4.6=9.6;8.8gCO2中含有碳元素的质量为:8.8g×=2.4g,5.4g水中含有氢元素的质量为:5.4g×=0.6g,生成物8.8g二氧化碳和5.4g水中所含碳、氢元素的质量和=2.4g+0.6g=3g,3g<4.6g,该物质中含氧元素的质量为:4.6g﹣3g=1.6g,则该物质中一定含有碳、氢、氧三种元素。 该反应中氧气与二氧化碳的分子个数比为:=3:2。 故填:9.6;C、H、O;3:2。 17.【解答】解:(1)实验室常用大理石(或石灰石)和稀盐酸反应制取二氧化碳,反应的化学方程式为:CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑,该反应属于固、液常温型,适合用装置B作发生装置;二氧化碳的密度比空气大,能溶于水,可用装置D收集;氯酸钾在二氧化锰的催化作用下加热生成氯化钾和氧气,反应的化学方程式为:2KClO32KCl+3O2↑,该反应属于固、固加热型,适合用装置A作发生装置,氧气的密度比空气大,不易溶于水,可用装置C或D收集; (2)发生装置B属于固、液常温型,可用于实验室用大理石(或石灰石)与稀盐酸反应制取二氧化碳、用过氧化氢制取氧气和用稀硫酸、锌制取氢气,氢气的密度比空气小,若用装置F收集时气体从b端通入,二氧化碳和氧气的密度比空气大,若用F收集要从a端通入。 故答案为: (1)CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑;BD;2KClO32KCl+3O2↑;AC或AD; (2)氧气、二氧化碳、氢气(或O2、CO2、H2)。 18.【解答】解:(1)一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳,化学方程式为:3CO+Fe2O32Fe+3CO2; (2)炼铁的固体原料需经过粉碎,粉碎的目的是增大反应物接触面积,加快反应速率; (3)氮气的化学性质稳定,热空气中的氮气没有参与反应,所以排放出的高炉气体中也含有氮气,氧化钙和二氧化硅在高温的条件下生成硅酸钙,化学方程式为:CaO+SiO2CaSiO3; (4)炼钢炉中通入氧气可以使生铁中的碳充分反应,降低含碳量,将钢锭轧成钢板,体现了金属的延展性; (5)钢铁制品可能会生锈,钢铁生锈的原因是:铁与空气中的水和氧气发生了反应; (6)氧化铁和盐酸反应生成氯化铁和水,化学方程式为:6HCl+Fe2O3═2FeCl3+3H2O。 故答案为:(1)3CO+Fe2O32Fe+3CO2; (2)增大反应物的接触面积; (3)N2,CaO+SiO2CaSiO3; (4)使生铁中的碳转化为二氧化碳,降低生铁中的含碳量,延展; (5)铁与空气中的水和氧气发生了反应; (6)6HCl+Fe2O3═2FeCl3+3H2O。 三、简答题(本题包括4个小题,共10分) 19.【解答】解:(1)氦原子的结构示意图为:; (2)氧气和氢气在点燃的条件下生成水,化学方程式为:2H2+O22H2O。 故答案为: (1); (2)2H2+O22H2O。 20.【解答】解:(1)做实验时不慎碰到酒精灯,酒精在桌面燃烧,立即用湿抹布盖灭,这是利用了隔绝氧气灭火;故填:隔绝氧气; (2)扑灭森林火灾的有效方法之一是将大火蔓延线路前的一片树木砍掉,将大火蔓延线路前的一片树木砍掉使燃烧因缺少可燃物而停止燃烧;故填:清除可燃物; (3)用嘴吹时,空气流通将蜡烛燃烧产生的热量带走,造成蜡烛的温度低于其着火点而熄灭;故填:降低温度到着火点以下。 21.【解答】解:这三种物质中均含有钙元素,碳酸钙在高温的条件下生成氧化钙和二氧化碳,氧化钙和水生成氢氧化钙,二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和水,因此X是碳酸钙,Y是氧化钙,C是氢氧化钙,根据转化写出反应配平即可;故答案为:CaCO3CaO+CO2↑;CaO+H2O═Ca(OH)2;CO2+Ca(OH)2═CaCO3↓+H2O。 22.【解答】解:(1)石灰石与稀盐酸反应生成二氧化碳,二氧化碳与紫色石蕊试液中的水反应生成碳酸,碳酸使紫色石蕊试液变红,故a处看到紫色石蕊试液变红; (2)二氧化碳密度比空气大,不燃烧不支持燃烧,所以低处蜡烛先熄灭; 故答案为:(1)紫色石蕊试液变红; (2)二氧化碳密度比空气大,不燃烧不支持燃烧; 四、综合应用题(共10分) 23.【解答】解:实验一:(1)100g质量分数的6%的氯化钠溶液中溶质质量为:100g×6%=6g,需要水的质量是100g﹣6g=94g,体积为=94mL;故填:6;94; (2)生理盐水中有氯化钠和水,其中氯化钠是固体,水是液体,所以氯化钠是溶质;故填:NaCl; 实验二:(3)据图可以看出,操作①是溶解,其中玻璃棒的作用是搅拌,操作②后得打ode是固体和液体,是过滤操作,故填:搅拌;过滤。 (4)粗盐中氯化钠的质量为:9g×80%=7.2g,20℃时氯化钠的溶解度为36g,故完全溶解7.2g氯化钠需要水的质量为20g,体积就是20mL,因此需要25mL的量筒合适,故填:25mL。 24.【解答】解: 由图可知铁粉反应完时,产生氢气的质量为 0.08g。 设原稀硫酸中溶质的质量分数为x 由图可知10g硫酸对应0.04g氢气生成 Fe+H2SO4=FeSO4+H2↑ 98 2 10gx 0.04g = x=19.6% 故答案为: (1)0.08; (2)19.6%。

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  • ID:7-7131421 2019-2020学年河南省信阳市商城县九年级(上)期末化学试卷(解析版)

    初中化学/期末专区/九年级上册

    2019-2020学年河南省信阳市商城县九年级(上)期末化学试卷 一、选择题(本题包括14个小题,每小题1分,共14分.每小题题只有一个选项符合题意) 1.(1分)下列古代生产工艺主要体现化学变化的是(  ) A.纺纱织布 B.活字印刷 C.粮食酿酒 D.水车灌溉 2.(1分)下列科学家中,发现了元素周期律并编制了元素周期表的是(  ) A.拉瓦锡 B.门捷列夫 C.道尔顿 D.阿伏伽德罗 3.(1分)下列各组物质,按混合物、单质顺序排列的是(  ) A.海水、干冰 B.冰水、水银 C.食醋、黄铜 D.煤、金刚石 4.(1分)下列对实验现象的描述,正确的是(  ) A.硫在空气中燃烧,发出明亮的蓝紫色火焰,放热 B.镁带在空气中燃烧,发出耀眼的白光,生成红棕色固体 C.把灼热的铁丝伸入氧气瓶中,火星四射,生成四氧化三铁 D.红磷在空气中燃烧,放热,发出黄色火焰,生成大量白烟 5.(1分)下列各组物质中,都由分子构成的一组是(  ) A.金和金刚石 B.水和氨气 C.汞和氯化钠 D.干冰和硫酸铜 6.(1分)下列图示的实验操作正确的是(  ) A.点燃酒精灯 B.闻气体气味 C.制取氧气 D.验证质量守恒定律 7.(1分)下列有关水的说法中正确的是(  ) A.水与冰块混合得到混合物 B.水的蒸发和水通电分解都属于物理变化 C.硬水是指含有较多可溶性钙、镁化合物的水 D.水沸腾时可冲起壶盖,说明温度升高分子会变大 8.(1分)硒有防癌、抗癌作用。如图为硒的原子结构示意图,下列说法不正确的是(  ) A.图中x的值为8 B.硒原子的质子数为34 C.硒元素位于第四周期 D.硒是人体必需微量元素 9.(1分)“何以解忧,唯有杜康”就是对我省杜康酒的赞美。“酒越陈越香醇”是指酒在存放过程中可生成有香味的乙酸乙酯(C4H8O2),下列有关乙酸乙酯的说法正确的是(  ) A.乙酸乙酯的相对分子质量为(12×4+1×8+16×2)g B.乙酸乙酯由4个碳原子、8个氢原子和2个氧原子构成 C.生成乙酸乙酯的过程中原子的种类、数目均未发生改变 D.乙酸乙酯中碳元素的质量分数=×100% 10.(1分)过氧化钙(CaO2)是一种化学增氧剂,其反应原理是2CaO2+2H2O=2X+O2↑,下列有关说法不正确的是(  ) A.该反应中有两种氧化物 B.X的化学式为Ca(OH)2 C.CaO2应密封保存 D.CaO2可以干燥多种气体 11.(1分)稀土元素镝(Dy)常用于制造硬盘驱动器。下列有关说法中不正确的是(  ) A.镝属于非金属元素 B.镝原子的质子数为66 C.镝的相对原子质量为162.5 D.稀土资源需合理利用和保护 12.(1分)钠着火不能用二氧化碳灭火。钠在二氧化碳中燃烧生成单质碳和一种白色固体,该白色固体可能是(  ) A.Na2SO4 B.Na2CO3 C.NaHCO3 D.NaOH 13.(1分)下列是对初中化学中“三”的总结,不完全正确的一组是(  ) A.构成物质的三种微粒:原子、分子、离子 B.灭火的三种方法:隔绝氧气、降低着火点、清除或隔离可燃物 C.常见的三种防锈措施:保持洁净和于燥、表面覆盖保护层、改变金属内部结构 D.清除油污常用的三种方法:乳化(如洗涤剂)、溶解(如汽油)、化学反应(如氢氧化钠) 14.(1分)有Mg、Al、Zn的混合物共7.2g,与足量盐酸反应,生成H2的质量可能是(  ) A.0.2g B.0.6g C.0.8g D.0.9g 二、填空题(本题包括6个小题,每空1分,共16分) 15.(3分)“低碳生活”倡导低能量,低消耗,主要是为了减少   (填化学式,下同)的排放量;人体中含量最多的金属元素所形成的氧化物是   ,不能用铁桶配制农药波尔多液的原因是   (用化学反应方程式解释)。 16.(3分)生活中处处有化学,请回答: (1)冰箱中放入活性炭除异味,利用了活性炭的   性。 (2)燃料若不充分燃烧会造成资源浪费,为了使燃料充分燃烧,应做的措施是   (写一条即可) (3)天然气完全燃烧的化学方程式为   。 17.(2分)每年春季槐花花开满城飘香。从分子角度解释,是因为   ,铝制品耐腐蚀是因为   。 18.(3分)可利用如图装置进行一氧化碳还原氧化铁实验。 (1)实验开始时应先通一氧化碳再加热,目的是   。 (2)实验一段时间后,玻璃管中观察到的现象是   。 (3)玻璃管中发生反应的化学方程式为   。 19.(3分)煤的气化是一种重要的煤炭资源综合利用技术,如图表示煤气化过程中某一反应的微观示意图,则该化学反应方程式为   ,生成物的质量比为   ;由图可获得的信息是   。 20.(2分)A、B、C为初中化学常见的物质,它们之间存在如图所示的转化关系(在一定条件下均能一步实现)。 (1)若A、B组成元素相同,B是一种最常用的溶剂,C为气体单质,则A的化学式为   。B→C的化学方程式为   。 (2)若B、C组成元素相同,A为黑色固体单质,C为可燃性气体化合物,则A为   ,B→C的化学方程式为   。 三.简答题(本题包括4个小题,共10分) 21.(3分)水在中学化学实验中有很多用途,请回答: (1)硬水给生活和生产带来很多麻烦,生活中常用什么试剂检验水样是否为硬水   ? (2)自然界的水呈弱酸性原因(用化学方程式表示)   。 (3)用过滤操作净水时所需玻璃仪器有哪些   ? 22.(2分)对比实验是实验探究的重要方法。利用如图所示实验回答问题: (1)由甲图的三个对比实验,可得到什么结论   ? (2)乙图所示探究燃烧条件的实验中的变量是什么   ? 23.(2分)过氧化氢分解的微观示意图如图: (1)请在方框内将图示补充完整。 (2)写出该反应的化学方程式   。 24.(3分)向一定质量的AgNO3和Cu(NO3)2的混合溶液中加入铁粉,反应过程中,测得溶液的质量与加入铁粉的质量关系如图所示。请回答下列问题: (1)写出a点时发生反应的化学方程式   。 (2)写出d点时滤渣的成份   。 (3)b点时,滤液中所含的金属阳离子是什么   ? 四.综合应用题(共10分) 25.(10分)结合下列化学实验装置,回答有关问题。 (1)图中标有字母仪器的名称b:   。 (2)写出一个用A装置制取氧气的方程式   。 (3)实验室制二氧化碳,反应原理为   ,若用C装置收集二氧化碳,则气体从   (填①或②)口通入装置B、D都能用于实验室制二氧化碳,与B相比较D的主要优点是什么   ? (4)实验室加热无水醋酸钠和碱石灰的固体混合物制取甲烷。甲烷难溶于水,密度比空气小。实验室制取甲烷应选用的一套装置为   。 26.将16g含有杂质的锌粒投入到盛有足量稀硫酸的烧杯中(杂质跟稀硫酸不反应).测得加入锌粒前烧杯和稀硫酸的总质量为200g,反应停止后,烧杯和烧杯内剩余物的总质量为215.6g.求: (1)反应中生成氢气的质量; (2)这16g含杂质的锌粒中金属锌的质量分数. 2019-2020学年河南省信阳市商城县九年级(上)期末化学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本题包括14个小题,每小题1分,共14分.每小题题只有一个选项符合题意) 1.【解答】解:A、纺纱织布没有新物质生成,属于物理变化;故选项错误; B、活字印刷没有新物质生成,属于物理变化;故选项错误; C、粮食酿酒,酒精是新物质,属于化学变化;故选项正确; D、水车灌溉没有新物质生成,属于物理变化;故选项错误; 故选:C。 2.【解答】解:A、拉瓦锡首先通过实验得出空气是由氮气和氧气组成的结论,故选项错误。 B、门捷列夫在化学上的主要贡献是发现了元素周期律,并编制出元素周期表,故选项正确。 C、道尔顿在化学上的主要贡献是提出了原子学说,故选项错误。 D、阿伏伽德罗在化学上的主要贡献是提出了分子的概念,并创立了分子学说,故选项错误。 故选:B。 3.【解答】解:A、海水属于混合物,干冰是二氧化碳的固体,属于氧化物,故选项错误; B、冰水中只有水分子属于氧化物,水银属于单质,故选项错误; C、食醋、黄铜都属于混合物,故选项错误; D、煤属于混合物,金刚石属于单质,故选项正确; 故选:D。 4.【解答】解:A、硫在空气中燃烧,发出淡蓝色火焰,产生一种具有刺激性气味的气体,故选项说法错误。 B、镁带在空气中燃烧,发出耀眼的白光,生成一种白色固体,故选项说法错误。 C、把灼热的铁丝伸入氧气瓶中,剧烈燃烧,火星四射,生成四氧化三铁是实验结论而不是实验现象,故选项说法错误。 D、红磷在空气中燃烧,放热,发出黄色火焰,生成大量白烟,故选项说法正确。 故选:D。 5.【解答】解:A、金属于金属单质,是由金原子直接构成的;金刚石属于固态非金属单质,是由碳原子直接构成的;故选项错误。 B、水和氨气分别是由水分子、氨分子构成的,故选项正确。 C、汞属于金属,是由汞原子直接构成的;氯化钠是由钠离子和氯离子构成的;故选项错误。 D、干冰是固态二氧化碳,由二氧化碳分子构成的;硫酸铜是由铜离子和硫酸根离子构成的;故选项错误。 故选:B。 6.【解答】解:A、点燃酒精灯要用火柴,不能用燃着的酒精灯去点燃,否则会引起火灾,故图示操作错误; B、为了人的安全,要用所谓的招气入鼻法来闻,就是打开试剂瓶后,拿到距离20cm左右的地方,用手把瓶口的气体往自己的方向扇,图示操作正确。 C、实验室制取氧气时,试管口应略向下倾斜,防止冷凝水回流试管底,使试管炸裂,故图示操作错误; D、使用托盘天平时,应左物右码,故图示操作错误。 故选:B。 7.【解答】解:A、冰块是固态的水,混合以后还是只有水这一种物质,故A说法错误; B、水的蒸发是指水由液态变为气态,没有产生新的物质,所以属于物理变化,水通电分解,生成氢气和氧气,属于化学变化,故B说法错误; C、硬水是指含有较多钙镁离子的水,故C正确; D、水烧开后易把壶盖冲起,说明温度升高,分子间的间隔会变大,故D解释错误。 故选:C。 8.【解答】解:A、x=34﹣2﹣8﹣6=18,错误; B、硒原子的质子数为34,正确; C、硒元素原子核外有四层电子,位于第四周期,正确; D、硒是人体必需微量元素,正确; 故选:A。 9.【解答】解:A.相对分子质量的单位不是“g”而是“1”,通常省略不写,故错误; B.乙酸乙酯是由分子构成的而不是由原子直接构成的,故错误; C.由质量守恒定律可知,化学反应前后原子的种类、数目保持不变,故正确; D.乙酸乙酯中碳元素的质量分数为,故错误。 故选:C。 10.【解答】解:A、CaO2、H2O均是由两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物,均属于氧化物,故选项说法正确。 B、由质量守恒定律:反应前后,原子种类、数目均不变,则2X分子中含有2个钙原子、4个氧原子和4个氢原子,则每个X分子由1个钙原子、2个氧原子和2个氢原子构成,则物质X的化学式为Ca(OH)2,故选项说法正确。 C、过氧化钙能与水反应,应密封保存,故选项说法正确。 D、过氧化钙能与水反应生成氢氧化钙和氧气,有氧气生成,不能用于干燥气体,故选项说法错误。 故选:D。 11.【解答】解:A、镝属于金属元素,该选项说法不正确; B、镝原子的质子数为66,该选项说法正确; C、镝的相对原子质量为162.5,该选项说法正确; D、稀土资源是不可再生资源,需合理利用和保护,该选项说法正确。 故选:A。 12.【解答】解:A、白色固体不可能是硫酸钠,这是因为反应物中不含有硫元素,该选项说法不正确; B、白色固体可能是碳酸钠,该选项说法正确; C、白色固体不可能是碳酸氢钠,这是因为反应物中不含有氢元素,该选项说法不正确; D、白色固体不可能是氢氧化钠,这是因为反应物中不含有氢元素,该选项说法不正确。 故选:B。 13.【解答】解:A、构成物质的三种微粒是原子、分子、离子,故正确; B、灭火的三种方法:隔绝氧气、降低可燃物的温度到着火点以下、清除或隔离可燃物,着火点不能降低,故错误; C、保持洁净和干燥、表面覆盖保护层、改变金属内部结构是常见的三种防锈措施,故正确; D、清除污垢常涉及三种原理:乳化(如洗涤剂)、溶解(如干洗剂)、化学反应(如酸液除锈),故正确; 故选:B。 14.【解答】解:设7.2g镁完全反应生成的氢气质量为x Mg﹣﹣﹣﹣﹣H2, 24 2 7.2g x 解得:x=0.6g 设7.2g铝完全反应生成的氢气质量为y 2Al﹣﹣﹣﹣﹣﹣3H2, 54 6 7.2g y 解得:y=0.8g 设7.2g锌完全反应生成的氢气质量为z Zn﹣﹣﹣﹣﹣H2, 65 2 7.2g z 解得:z≈0.22g 由于金属是镁、铝和锌的混合物,由题中的数据可知,得到氢气的质量可能为0.6g, 故选:B。 二、填空题(本题包括6个小题,每空1分,共16分) 15.【解答】解:“低碳生活”倡导低能量,低消耗,主要是为了减少CO2的排放量; 人体中含量最多的金属元素所形成的氧化物是Al2O3; 不能用铁桶配制农药波尔多液的原因是铁能和波尔多液中的硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜,反应的化学方程式:Fe+CuSO4═FeSO4+Cu。 故填:CO2;Al2O3;Fe+CuSO4═FeSO4+Cu。 16.【解答】解:(1)由于活性炭具有较强的吸附性,所以可以去除冰箱异味; (2)增大可燃物与氧气的接触面积和增加氧气的量均可以使燃料充分燃烧,故使燃料充分燃烧,应做的措施是增大燃料与氧气的接触面积(或增加氧气的量); (3)天然气完全燃烧的产物是二氧化碳和水,则天然气完全燃烧的化学方程式为CH4+2O2CO2+2H2O; 故答案为(1)吸附;(2)增大燃料与氧气的接触面积(或增加氧气的量);(3)CH4+2O2CO2+2H2O; 17.【解答】解:每年春季槐花花开满城飘香。从分子角度解释,是因为分子是不断运动的; 铝制品耐腐蚀是因为铝能和氧气反应生成氧化铝保护膜。 故填:分子是不断运动的;铝能和氧气反应生成氧化铝保护膜。 18.【解答】解:(1)因为一氧化碳具有可燃性,能和氧气混合在点燃的条件下会发生爆炸,所以实验开始时应先通一氧化碳再加热,目的是赶尽玻璃管内的空气,防止加热爆炸。故填:排尽玻璃管里的空气,防止加热时发生爆炸; (2)在高温的条件下,一氧化碳与氧化铁反应生成铁和二氧化碳,观察到的现象是红色粉末慢慢变成黑色;故填:红色粉末慢慢变成黑色; (3)在高温的条件下,一氧化碳与氧化铁反应生成铁和二氧化碳,故填:Fe2O3+3CO2Fe+3CO2。 19.【解答】解:由微观反应示意图可知,该反应的化学方程式为:CO+3H2CH4+H2O.生成物甲烷与水的质量比为:(16×2):(18×2)=8:9,由图可知,化学反应前后原子的种类、数目不变,而分子的种类发生了改变。 故答案为:CO+3H2CH4+H2O;甲烷:水=8:9;化学反应前后分子种类发生了改变。 20.【解答】解:A、B、C为初中化学常见的物质, (1)若A、B组成元素相同,B是一种最常用的溶剂,C为气体单质,所以B是水,A是过氧化氢溶液,C是氧气,过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气,水在通电的条件下生成氢气和氧气,所以A是H2O2,B→C的反应是水在通电的条件下生成氢气和氧气,化学方程式为:2H2O2H2↑+O2↑; (2)若B、C组成元素相同,A为黑色固体单质,所以A是碳,C是一氧化碳,B是二氧化碳,碳和氧气反应生成一氧化碳和二氧化碳,二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳,所以A为C,B→C的化学方程式为:CO2+C2CO。 故答案为:(1)H2O2,2H2O2H2↑+O2↑; (2)C,CO2+C2CO。 三.简答题(本题包括4个小题,共10分) 21.【解答】解:(1)硬水给生活和生产带来很多麻烦,生活中常用肥皂水检验水样是否为硬水。 故填:肥皂水。 (2)自然界的水呈弱酸性原因:水能和二氧化碳反应生成碳酸,反应的化学方程式:CO2+H2O═H2CO3。 故填:CO2+H2O═H2CO3。 (3)用过滤操作净水时所需玻璃仪器有烧杯、漏斗、玻璃棒。 故填:烧杯、漏斗、玻璃棒。 22.【解答】解:(1)①中铁钉锈蚀,而②③中铁钉没有锈蚀,通过①②对比说明铁钉锈蚀的条件之一是铁钉与空气(氧气)接触,通过①③对比说明铁钉锈蚀的条件之一是铁钉与水接触;综合考虑可知铁的锈蚀需要与水、氧气同时接触; (2)滤纸片和乒乓球片均具有可燃性,也均与氧气接触,通过薄铜片上的滤纸片和乒乓球片的燃烧先后对比可知,可燃物的燃烧需要达到一定温度,即实验中的变量是可燃物的着火点。 故答案为:(1)铁的锈蚀与水、氧气有关; (2)可燃物的着火点。 23.【解答】解:(1)由质量守恒定律和过氧化氢的性质可知,在方框内应补充两个水分子,如下图: (2)由过氧化氢分解的微观示意图可知,过氧化氢分解生成了水和氧气,反应的方程式是:2H2O22H2O+O2↑。 故答案为:(1)见上图。(2)2H2O22H2O+O2↑。 24.【解答】解:铁的金属活动性比银、铜强,向一定质量的AgNO3和Cu(NO3)2的混合溶液中加入铁粉,铁先与AgNO3溶液反应生成硝酸亚铁溶液和银,图中d点时铁与硝酸银溶液恰好完全反应,则a点溶液中的溶质有硝酸银、硝酸铜、硝酸亚铁3种; (1)a点时,部分硝酸银和铁反应,硝酸银溶液和铁反应生成硝酸盐铁和银,化学方程式为:Fe+2AgNO3=Fe(NO3)2+2Ag;故填:Fe+2AgNO3=Fe(NO3)2+2Ag; (2)d点时,铁和硝酸银、硝酸铜恰好完全反应,因此溶液中的溶质为硝酸亚铁,d点时滤渣的成份为银、铜;故填:银、铜; (3)b点时,硝酸银和铁恰好完全反应生成硝酸亚铁和银,滤液中所含的金属阳离子是亚铁离子和铜离子;故填:亚铁离子和铜离子。 四.综合应用题(共10分) 25.【解答】解:(1)b仪器为锥形瓶;故填:锥形瓶; (2)用A装置制取氧气,属于固体加热型,实验室常用加热高锰酸钾或加热氯酸钾和二氧化锰混合物制取氧气,由于图中试管口没有棉团,应用氯酸钾在二氧化锰的催化作用下生成氯化钾和氧气,反应的化学方程式为:2KClO32KCl+3O2↑;故填:2KClO32KCl+3O2↑; (3)实验室中制取二氧化碳的原理是碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳,化学方程式为:CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑;因为二氧化碳的密度比空气大,所以用C装置收集二氧化碳气体,气体应从长管进入;与B相比较D装置可以利用分液漏斗来控制反应的速率;故填:CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑;①;能够控制反应的速率; (4)实验室制取甲烷需要加热,应该用A装置作为发生装置;甲烷不溶于水,可以用排水法收集,即用E装置收集,密度比空气小,可以用向下排空气法收集,即用C或F装置收集。故填:AE或AF或AC。 26.【解答】解:(1)根据质量守恒定律,反应中生成氢气的质量=16g+200g﹣215.6g=0.4g; (2)设含杂质的锌粒中金属锌的质量为x Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑ 65 2 x 0.4g , x=13g 这16g含杂质的锌粒中金属锌的质量分数=×100%=81.25% 答:(1)生成氢气的质量为0.4g;(2)这16g含杂质的锌粒中金属锌的质量分数为81.25%.

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  • ID:7-7131419 2019-2020学年山东省德州市宁津县九年级(上)期末化学试卷(解析版)

    初中化学/期末专区/九年级上册

    2019-2020学年山东省德州市宁津县九年级(上)期末化学试卷 一、选择题(1-12题,每题2分,13-16题,每题3分,共36分) 1.(2分)下列水果的加工过程发生化学变化的是(  ) A.葡萄酿酒 B.西瓜切块 C.橙子榨汁 D.菠萝去皮 2.(2分)常温下,不宜用物理性质来区分的一组物质是(  ) A.石灰石和胆矾 B.氧气和空气 C.高锰酸钾和木炭粉 D.酒精和白醋 3.(2分)下列仪器在实验结束后的处理方式中正确的是(  ) A. B. C. D. 4.(2分)打开“雪碧”饮料的瓶子,发现有大量气泡产生。根据这一现象,对产生的气体是什么,小明作出了如下猜想,其中明显不合理的是(  ) A.可能是二氧化碳 B.可能是水蒸气 C.可能是对人体无害的气体 D.可能是对人体有害的气体 5.(2分)下列关于催化剂的说法正确的是(  ) A.二氧化锰是所有反应的催化剂 B.加入二氧化锰能使双氧水分解产生的氧气的质量增加 C.要使双氧水分解放出氧气,必须加入二氧化锰,否则反应不能发生 D.加入二氧化锰,能加快双氧水的分解速率 6.(2分)氧气是人类生产生活的重要资源。下列说法正确的是(  ) A.氧气有可燃性,因此可作燃料 B.鱼能在水中生存,是因为氧气易溶于水 C.氧气的化学性质非常活泼 D.氧气能支持燃烧,体现了氧气的助燃性 7.(2分)“墙角数枝梅,凌寒独自开,遥知不是雪,为有暗香来。”从这首诗中我们可知(  ) A.分子的体积和质量都很小,且在不断地运动着 B.分子间有间隔,物质的热胀冷缩就是由于分子间隔的变化造成的 C.物质都是由分子构成的 D.分子是由原子构成的 8.(2分)下列化学用语书写正确的是(  ) A.银元素﹣﹣﹣AG B.3个氧原子﹣﹣﹣O2 C.4个水分子﹣﹣﹣4H2O D.镁离子﹣﹣﹣Mg+2 9.(2分)元素的种类与下列哪种粒子数密切相关(  ) A.中子数 B.质子数 C.核外电子数 D.夸克数 10.(2分)如果“”、“”分别表示不同元素的原子,则其中表示化合物的是(  ) A. B. C. D. 11.(2分)如图是四位同学对某化学式意义的描述,他们描述的化学式是(  ) A.O2 B.3H C.KClO3 D.H2O 12.(2分)点燃一条质量为N的镁带,燃烧后将生成物和未燃烧的部分收集起来,其质量为M,则N与M的大小关系是(  ) A.N=M B.N<M C.N>M D.无法判断 13.(3分)构建化学基本观念是学好化学的基础,下列对化学学基本观现念的认识错误的是(  ) A.元素观:一氧化碳、二氧化碳都是由碳元素和氧元素组成的 B.微粒观:保持金刚石化学质的最小微粒是碳原子 C.转化观:氧化镁在一定条件下可直接转化为金属镁 D.守恒现:18g氢气和18g氧气反应,一定生成36g水 14.(3分)推理是一种重要的思维方法。下列推理正确的是(  ) A.分子是构成物质的微粒,所以物质都是由分子构成 B.氧气由氧元素组成,所以制取氧气的反应物一定含有氧元素 C.溶液是均一、稳定的混合物,所以均一、稳定的物质就是溶液 D.化合物由多种元素组成,所以由多种元素组成的物质就是化合物 15.(3分)下列实验操作中,不能达到实验目的是(  ) 实验目的 实验操作 A 鉴别硬水和软水 分别加入肥皂水,振荡 B 鉴别氧气和二氧化碳 分别将燃烧着的木条伸入集气瓶中 C 除去二氧化碳中的一氧化碳 将气体通入足量石灰水中 D 验证Mg、Fe、Cu活动性顺序 将铁丝分别插入氯化镁和氯化铜溶液中 A.A、 B.B、 C.C、 D.D、 16.(3分)如图是a、b、c三种物质的溶解度曲线,下列说法正确的是(  ) A.t1℃时a的饱和溶液,升温到t2℃时仍为饱和溶液 B.降温可以使c的不饱和溶液变为饱和溶液 C.t1℃时,a和c的溶解度相等 D.t2℃时,在100g水中加入80gb能形成180g溶液 二.理解与应用(本大题包括5个小题,化学方程式2分,多知识点2分,其他1分,共30分) 17.(4分)在宏观、微观和符号之间建立联系是化学学科的特点。 (1)物质的组成及构成关系如图所示,图中①表示的是   ②表示的是   。 (2)铁是由   构成的,二氧化碳是由   构成的。 18.(4分)现有 ①液氧 ②液态空气 ③冰水共存物 ④二氧化锰 ⑤石灰水 ⑥氯酸钾 ⑦铁粉 其中属于混合物的有(填序号)   ,属于化合物的是(填序号)   ,属于氧化物的是(填序号)   ,属于单质的是(填序号)   。 19.(6分)如图是一个灯泡,请根据图示回答下列问题: (1)图中标示的物质属于金属材料的是   (填名称,1个即可)。 (2)铜块能制成铜丝是利用了铜的   性。 (3)玻璃是一种复杂的混合物,其中一种成分是由硅和氧两种元素组成的化合物,该化合物的化学式为   。 (4)因为铝的表面有一层致密的   膜,所以铝具有很好的抗腐蚀性。 (5)如果用铝代替钨作灯泡里的灯丝,灯丝就很容易烧断,其原因是   。 (6)小甘不小心打破了一个灯泡,他把破烂的灯泡进行拆解后,应将铝制灯帽放入标记为   (填写“可回收垃圾”或“不可回收垃圾”)的垃圾桶内。 20.(6分)学习化学以后相信你可以正确的解释生活中的诸多现象。 (1)近日,渐江大学研制出世界上最轻的材料“碳海绵”,它被预测可代替活性炭用于净水,说明它有较强的   性。 (2)衣服沾有的油污,可用洗涤剂洗去,洗涤剂能   油污(填“乳化”或“溶解”),也可以用汽油洗去,因为汽油能   油污(填“乳化”或“溶解”)。 (3)从微观角度了解这些不同。 ①一氧化碳具有可燃性而二氧化碳不具有可燃性因为   。 ②溶液FeSO4为绿色而CuSO4为蓝色因为   。 ③金刚石和石墨物理性质存在很大差异因为   。 21.(10分)某化学兴趣小组用如图所示的装置做有关CO2气体性质的实验: (1)甲同学将集气瓶中的二氧化碳缓缓倒入烧杯中(图A),观察到的现象是   。该现象说明二氧化碳:①   ②   。 (2)乙同学将收集满CO2气体的试管倒插入紫色石蕊溶液里(图B),并轻轻振荡试管。 ①描述产生的现象:   ,   ; ②用语言描述产生该现象的原因   。 (3)丙同学轻轻捏C中胶头,看到的现象是   ,产生这种现象的原因是   (用化学方程式表示) 三、实验与探究(本大题包括3个小题,化学方程式2分,多知识点2分,其他1分,共22分) 22.(9分)以下是实验室常用的部分实验装置。请回答下列问题: (1)加热氯酸钾和二氧化锰的混合物制取氧气,应选用的发生装置是   (填写字母),该反应的化学方程式为   ,若用过氧化氢溶液和二氧化锰制取氧气,欲使反应平稳进行应选用的发生装置是   (填写字母),反应的化学方程式为   。 (2)如图是收集氧气的过程,依次观察到的现象是   (用字母表示)。 氧气收集完毕的操作是   (填写序号) ①盖上玻璃片 ②正放在实验台上 ③取出集气瓶 (3)某同学用排水法收集了一瓶氧气,将带火星的木条伸入集气瓶中,木条没有复燃该同学在操作中可能出现的错误是   。 23.(9分)铁是应用最广泛的金属。 (1)为了检验铁生锈的条件,进行了如上图(略去其中的夹持装置)所示三个对比实验。一段时间后,甲中铁丝发生锈蚀且试管中液面上升,乙和丙中均无明显变化。由此得出铁丝锈蚀的过程,实际上是铁丝与   、   发生化学反应的过程。 (2)铁制品在下列情况:①潮湿空气中,②部分浸入食盐水中,③干燥的空气中,最易生锈的是   (填序号,下同),不易生锈的是   。 (3)在“南海一号”打捞出来的文物中,铁器锈迹斑斑,残存很少,而“金龙纹手镯”光彩夺目,完好无损。这说明铁的金属活动性比金的   (填“强”或“弱”)。 (4)写出铁丝在氧气中燃烧的化学方程式   。 (5)列举一种常用的防止铁生锈的措施   。 (6)为了验证铁、铜的金属活动性顺序,除了选择用砂纸打磨干净的铁钉外,还需要选择的一种溶液是   溶液。 24.(4分)化学课堂上老师演示了如图所示的几个实验: (1)上述实验中出现的现象,与二氧化碳的物理性质和化学性质都有关的是   (填序号)。 (2)图A所示实验中,紫色干花(用石蕊溶液浸泡过)最终会变红,原因是   (用文字表达式解释)。 (3)图C所示实验中,经振荡后可观察到的实验现象有   (填序号)。 ①软塑料瓶变瘪 ②瓶内生成了白色的碳酸钙 ③瓶内澄清石灰水变浑浊 ④瓶内溶液变红 四、计算题(本大题包括2个小题,第1小题4分,第2小题8分,共12分) 25.(4分)食醋是厨房中常用的调味品,它的主要成分是乙酸,乙酸分子的模型如图所示,其中“”代表一个碳原子,“”代表一个氢原子,“”代表一个氧原子,请计算: (1)乙酸分子中的碳原子、氢原子、氧原子的个数比为   。 (2)乙酸中碳元素的质量分数为   。 26.(8分)将25g石灰石样品投入到足量的200g稀盐酸中,充分反应后烧杯内物质总质量为216.2g。求: (1)求生成二氧化碳的质量。 (2)计算石灰石的样品中CaCO3的质量分数。 2019-2020学年山东省德州市宁津县九年级(上)期末化学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(1-12题,每题2分,13-16题,每题3分,共36分) 1.【解答】解:A、葡萄酿酒过程中生成酒精等物质,是化学变化; B、西瓜切块过程中没有生成新物质,是物理变化; C、橙子榨汁过程中没有生成新物质,是物理变化; D、萝卜去皮过程中没有生成新物质,是物理变化。 故选:A。 2.【解答】解:A、石灰石是青灰色固体,胆矾是蓝色固体,都是物理性质,利用物理性质可以区分两种物质; B、氧气和空气都是无色、无味的气体,不宜用物理性质来区分; C、高锰酸钾是紫红色固体,木炭粉是黑色固体,都是物理性质,利用物理性质可以区分两种物质; D、酒精具有特殊的气味,白醋具有刺激性气味,都是物理性质,利用物理性质可以区分两种物质。 故选:B。 3.【解答】解:A、取用固体药品时,瓶塞取下后要倒放,取用完毕后,要把试剂瓶盖好,故A错误; B、酒精灯用完后,要立即用灯帽盖灭,并稳妥放置,故B错误; C、试管使用完后,要及时清洗并放到试管架上,故C正确; D、胶头滴管用完后、不能平放在桌面上,以免沾污了胶头滴管,故D错误。 故选:C。 4.【解答】解:A、雪碧是碳酸饮料,打开瓶盖会逸出二氧化碳,因此猜想合理; B、雪碧中含有水,因此也可能是水蒸气,故猜想合理; C、雪碧是饮料,不可能有毒,故猜想合理; D、雪碧是饮料,不可能有毒,故猜想不合理; 故选:D。 5.【解答】解:A.有许多化学反应不需要催化剂就能进行,有许多反应需要的催化剂不是二氧化锰,二氧化锰也不是只做催化剂用的,也可做反应物。故不正确; B.由于催化剂就是改变反应速率,不会改变生成物的量;故不正确; C.双氧水分解制取氧气,除了可用二氧化锰作催化剂以外,还可用氧化铁、氧化铜等物质作催化剂,故不正确; D.二氧化锰可以加快过氧化氢的分解速率,即对双氧水的分解起到了催化作用,故正确。 故选:D。 6.【解答】解: A、氧气能支持燃烧,可用作助燃剂,不能用作燃料,故A错误; B、鱼能在水中生存,不能说明氧气的溶解性,氧气的溶解性是不易溶于水,故B错误; C、氧气是化学性质比较活泼的气体,故C错误; D、氧气能支持燃烧,体现了氧气的助燃性,故D正确。 故选:D。 7.【解答】解:诗句中说到在远远的地方就能闻到梅花的香味,是因为梅花中含有香味的分子的体积和质量都很小,且在不断地运动着,飘入到作者鼻孔中的原因。所以A正确,BCD错误。 故选:A。 8.【解答】解:A、银元素符号为Ag,错误; B、3个氧原子表示为3O,错误; C、4个水分子表示为4H2O,正确; D\镁离子的符号为Mg2+,错误; 故选:C。 9.【解答】解:元素的概念是具有相同核电荷数(即核内质子数)的一类原子的总称。不同种元素最本质的区别是质子数不同,元素的种类由质子数决定, 故选:B。 10.【解答】解:A、该分子由一种原子构成,属于单质,故错误; B、该物质由两种分子构成,属于混合物,故错误; C、该分子由两种原子构成,属于化合物,故正确; D、该物质由三种分子构成,属于混合物,故错误; 故选:C。 11.【解答】解:A.O2由同种元素组成,且1个分子由2个原子构成,故选项符合题意。 B.3H只表示3个氢原子,故选项不符合题意。 C.KClO3由三种元素组成,且不是由分子构成的;故不符合题意; D.H2O由不同种元素组成,且1个分子由3个原子构成,故选项不符合题意。 故选:A。 12.【解答】解:镁燃烧时,和氧气反应生成氧化镁,生成物质量大于反应的镁的质量,因此N<M。 故选:B。 13.【解答】解:A、一氧化碳、二氧化碳都是由碳元素和氧元素组成的,该选项说法正确; B、金刚石是由原子构成的物质,因此保持金刚石化学质的最小微粒是碳原子,该选项说法正确; C、氧化镁在一定条件下可直接转化为金属镁,例如电解熔融氧化镁时,氧化镁分解生成镁和氧气,该选项说法正确; D、18g氢气和18g氧气反应时,氢气过量,生成水的质量小于36g,该选项说法不正确。 故选:D。 14.【解答】解:A、分子是构成物质的微粒,所以物质都是由分子构成错误,因为构成物质的微粒有分子、原子和离子;故选项错误; B、氧气由氧元素组成,所以制取氧气的反应物一定含有氧元素正确;故选项正确; C、溶液是均一、稳定的混合物,所以均一、稳定的混合物就是溶液,物质错误;故选项错误; D、化合物由多种元素组成,所以由多种元素组成的物质就是化合物错误,由多种元素组成的物质,还可能是混合物;故选项错误; 故选:B。 15.【解答】解:A、分别加入肥皂水,振荡,产生浮渣的是硬水,产生泡沫的是软水,该选项能够达到实验目的; B、分别将燃烧着的木条伸入集气瓶中,能使燃烧更剧烈的是氧气,能使木条熄灭的是二氧化碳,该选项能够达到实验目的; C、将气体通入足量石灰水中,二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水,该选项不能达到实验目的; D、将铁丝分别插入氯化镁和氯化铜溶液中,铁丝表面无明显变化的是氯化镁溶液,铁丝表面析出红色固体的是氯化铜溶液,该选项能够达到实验目的。 故选:C。 16.【解答】解:A、a物质的溶解度随温度的升高而增大,所以t1℃时a的饱和溶液,升温到t2℃时,变成不饱和溶液,故A错误; B、c物质的溶解度随温度的降低而增大,升温可以使c的不饱和溶液变为饱和溶液,故B错误; C、通过分析溶解度曲线可知,t1℃时,a和c的溶解度相等,故C正确; D、t2℃时,b物质的溶解度小于80g,所以在100g水中加入80gb,不能形成180g溶液,故D错误。 故选:C。 二.理解与应用(本大题包括5个小题,化学方程式2分,多知识点2分,其他1分,共30分) 17.【解答】解: (1)汞是由汞原子构成的,即①表示原子;水是由水分子构成的,即②表示分子; (2)铁是金属单质,是由原子构成的,二氧化碳是二氧化碳分子 故答案为: (1)原子;分子; (2)铁原子,二氧化碳分子; 18.【解答】解:①液氧是由氧分子一种分子构成,属于纯净物,液氧是由氧元素一种元素组成的纯净物,属于单质;②液态空气中含有氧气、氮气、二氧化碳等物质,属于混合物;③冰水共存物是由水一种物质组成,属于纯净物,由氧元素和氢元素两种元素组成,既属于化合物也属于氧化物;④二氧化锰由一种物质组成,由锰和氧两种元素组成既属于化合物也属于氧化物;⑤石灰水中含有氢氧化钙和水两种物质,属于混合物;⑥氯酸钾由一种物质组成,属于纯净物,由钾、氯、氧三种元素组成属于化合物;⑦铁粉由铁一种物质组成,属于纯净物,由铁元素一种元素组成,属于单质。 故答案为:②⑤;③④⑥;③④;①⑦。 19.【解答】解:(1)钨丝属于金属材料,故填:钨丝; (2)铜块能制成铜丝是利用了铜的延展性,故填:延展; (3)硅是+4价,氧是﹣2价,故形成的化学式为SiO2,故填:SiO2; (4)铝的表面会被氧气氧化生成一层致密的氧化铝保护膜,故填:氧化铝; (5)铝的熔点低,使用铝作灯丝会熔断,故填:熔点低; (6)应将铝制灯帽放入标记为可回收垃圾的垃圾箱内,故填:可回收垃圾。 20.【解答】解:(1)活性炭可以用于水的净化,是利用了活性炭的吸附性,活性炭能够吸附水中的色素和异味,从而达到净化水的目的,根据题中信息“它被预测可代替活性炭用于净水”可知“碳海绵”有较强的吸附性; (2)洗涤剂具有乳化作用,能使油污分散成无数细小的液滴,而不聚成大的油珠,这些细小的液滴能随着水冲走;汽油能洗去衣服上的油污是因为油污易溶于汽油,利用的是溶解原理; (3)①一氧化碳具有可燃性而二氧化碳不具有可燃性,因为分子构成不同; ②FeSO4为绿色而CuSO4为蓝色,因为:亚铁离子和铜离子在溶液中的颜色不同,即离子不同; ③金刚石和石墨的物理性质不同,是由于组成它们的碳原子排列方式不同引起的。 故答案为:(1)吸附;(2)乳化;溶解;(3)①分子构成不同;②它们离子不同;③碳原子排列方式不同。 21.【解答】解:(1)甲同学将集气瓶中的二氧化碳缓缓倒入烧杯中,会观察到下层的蜡烛先熄灭,上层的蜡烛后熄灭,说明了CO2密度比空气的大;蜡烛熄灭,说明了二氧化碳不能燃烧,也不能支持燃烧。 (2)将收集满 CO2气体的试管倒插入紫色石蕊溶液里,并轻轻振荡试管,二氧化碳与水反应生成碳酸,会造成试管内压强减小,碳酸能使紫色石蕊溶液变红色,会观察到试管内液面上升,试管内紫色石蕊溶液变红色。 (3)二氧化碳与石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水,使瓶内压强减小,看到的现象是气球逐渐膨胀,反应的化学方程式为:CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。 故答案为: (1)下层的蜡烛先熄灭,上层的蜡烛后熄灭;①不能燃烧,不能支持燃烧;②密度比空气的大; (2)①试管内液面上升;试管内紫色石蕊溶液变红色;②CO2与水反应使试管内气压减小,外界大气压将水压入试管中; (3)气球逐渐膨胀,石灰水变浑浊;CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O。 三、实验与探究(本大题包括3个小题,化学方程式2分,多知识点2分,其他1分,共22分) 22.【解答】解:(1)加热氯酸钾和二氧化锰的混合物制取氧气,应选用的发生装置是A,该反应的化学方程式为:2KClO32KCl+3O2↑,若用过氧化氢溶液和二氧化锰制取氧气,欲使反应平稳进行应选用的发生装置是C,反应的化学方程式为:2H2O22H2O+O2↑。 故填:A;2KClO32KCl+3O2↑;C;2H2O22H2O+O2↑。 (2)如图是收集氧气的过程,依次观察到的现象是bac; 氧气收集完毕的操作是①③②。 故填:bac;①③②。 (3)某同学用排水法收集了一瓶氧气,将带火星的木条伸入集气瓶中,木条没有复燃该同学在操作中可能出现的错误是:导管口刚冒泡就立即收集,收集前集气瓶未装满水等。 故填:导管口刚冒泡就立即收集,收集前集气瓶未装满水等。 23.【解答】解:(1)铁在与水和氧气并存时易生锈,故填:水,氧气; (2)铁在与水和氧气并存时易生锈,氯化钠能加速铁的锈蚀,故部分浸入食盐中最易生锈,在干燥的空气中最不易生锈,故填:②,③; (3)铁的金属活动性比金的活动性强,故填:强; (4)铁和氧气在点燃的条件下生成四氧化三铁,化学方程式为:3Fe+2O2Fe3O4;故填:3Fe+2O2Fe3O4; (5)铁与水和氧气同时接触时容易生锈,当铁与水、氧气隔绝时不容易生锈,所以保持表面干燥、涂油漆可以使铁制品与水和氧气隔绝或加工成耐腐蚀的合金等;故填:保持表面干燥、涂保护膜、制成合金; (6)验证金属的活动性顺序,可以采用位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来的方法,采用铁钉,则取用铜的盐溶液,可以是硫酸铜溶液,故填:硫酸铜。 24.【解答】解:(1)上述实验中出现的现象,A中体现的是二氧化碳溶于水与水反应的性质,B中反应的是二氧化碳密度比空气大、既不燃烧也不支持燃烧的性质,C中体现的是二氧化碳溶于水以及与氢氧化钙反应的性质,故与CO2的物理性质和化学性质都有关的是ABC,故填:ABC; (2)图A所示实验中,紫色干花(用石蕊溶液浸泡过)最终会变红,是因为二氧化碳与水反应生成了碳酸,故填:二氧化碳+水→碳酸; (3)图C所示实验中,经振荡后可观察到的实验现象有软塑料瓶变瘪以及瓶内澄清石灰水变浑浊,故填:①③; 四、计算题(本大题包括2个小题,第1小题4分,第2小题8分,共12分) 25.【解答】解:根据图可知,乙酸的化学式为C2H4O2。 (1)乙酸(化学式为C2H4O2)分子中的碳原子、氢原子、氧原子的个数比为 2:4:2=1:2:1。 (2)乙酸(化学式为C2H4O2)中碳元素的质量分数为×100%=40%。 故答案为: (1)1:2:1; (2)40%。 26.【解答】解:(1)生成二氧化碳的质量为:200g+25g﹣216.2g=8.8g (2)生成8.8g二氧化碳需要碳酸钙的质量为x CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑ 100 44 x 8.8g x=20g 石灰石的样品中CaCO3的质量分数为: ×100%=80% 故答案为: (1)答:生成二氧化碳的质量是8.8g;(2)答:石灰石的样品中CaCO3的质量分数80%。

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  • ID:7-7131418 2018-2019学年陕西省西安交大附中九年级(上)期中化学试卷(解析版)

    初中化学/期中专区/九年级上册

    2018-2019学年陕西省西安交大附中九年级(上)期中化学试卷 一、选择题共30小题,每小题2分,每小题只有一个选项是符合题意的 1.(2分)通过西安市政府的不断努力和广 大市民的积极配合,西安市的空气状况有了明显的改善,下列做法不应该继续提倡的是(  ) A.保护青山绿水,严禁乱伐乱建 B.发展共享单车,提倡绿色出行 C.就地焚烧秸秆,避免堆积 D.减少燃煤,加强煤的综合利用 2.(2分)西藏地区独特的美景吸引着众多国内外的游客。但初到西藏时大部分人都会发生不同程度的“高原反应”,这主要是由于(  ) A.高原地区空气中二氧化碳的体积分数过高,让人感到窒息 B.高原地区,空气各成分的体积分数基本不变,但含量均减少 C.高原地区,空气稀薄,其中氧气的体积分数远小于21% D.高原地区空气中的氧气与平原地区空气中的氧气化学性质不同 3.(2分)化学实验中必须注意规范操作,下列说法中正确的是(  ) A.在点燃H2、CO、CH4 等易燃气体前,必须检验气体的纯度 B.在稀释浓硫酸时将水沿器壁慢慢注入浓硫酸中,并用玻璃棒不断搅拌 C.给试管中的液体加热时,液体一般不超过试管容积的 D.要将氢氧化钠固体放在天平的左盘的纸片上称量 4.(2分)“宏观辨识与微观探析”是化学学科的核心素养之一。对下列事实或做法的解释正确的是(  ) A.用明矾净水﹣﹣明矾可降低硬水中可溶性钙、镁化合物的含量 B.众人拾柴火焰高﹣﹣可燃物越多,着火点越低、越容易燃烧 C.食品腐败变质﹣﹣分子本身发生变化 D.某同学将密封良好的塑料零食包装袋从西安带到西藏后,发现塑料包装袋鼓起﹣﹣袋中气体分子的体积增大 5.(2分)下列四组物质中,按单质、氧化物、混合物顺序排列的是(  ) A.铁水、冰水混合物、澄清石灰水 B.氖气、干冰、酒精 C.水银、氯酸钾、石油 D.铜粉、液氧、高锰酸钾分解后的固体 6.(2分)关于原子核叙述正确的是(  ) ①通常由中子和电子构成②通常由质子和中子构成③带正电荷④不显电⑤不能再分⑥跟原子比较体积很小,却集中了原子的主要质量. A.②④⑥ B.①③⑤ C.①②⑤ D.②③⑥ 7.(2分)推理是常用的学习方法。 下列推理正确的是(  ) A.单质是只含一种元素的纯净物,所以只含一种元素的纯净物一定是单质 B.硫酸根离子、硝酸根离子都是带电的原子团,所以带电的原子团一定是酸根离子 C.二氧化锰是加快过氧化氢分解的催化剂,所以催化剂一定加快反应速率 D.置换反应的反应物是单质和化合物,所以由单质和化合物发生的反应一定属于置换反应 8.(2分)我国自主研发的抗肿瘤新药西达苯胺 (化学式C22H19FN4O2,相对分子质量为390),填补了我国T细胞淋巴瘤新药的空白。下列说法正确的是(  ) A.西达苯胺是由五种非金属元素组成的化合物 B.西达苯胺中各元素的质量分数由大至小的顺序为:C、H、N、O、F C.西达苯胺由48个原子构成 D.一个西达苯胺分子的质量是390 g 9.(2分)下列是日常生活中经常能观察到的现象,其中属化学变化的是(  ) A.白酒敞口放置一段时间后质量减少 B.稀有气体通电后能发出不同颜色的光 C.鸡蛋清受热后变成块状 D.氧气降温加压后变成淡蓝色的液体 10.(2分)下列变化中,前者是化学变化,后者是物理变化的是(  ) A.用海水晒盐;分离液态空气制氧气 B.牛奶变酸;浓硫酸使纸张“炭化” C.干冰做制冷剂; 一氧化碳中毒 D.面粉车间遇明火爆炸;酒精挥发 11.(2分)当你站在电视机背后时,闻到一股特殊的气味,这是氧气在放电的条件下转变成臭氧(O3),下列相关的说法中正确的是(  ) A.臭氧和氧气是由同种元素组成的同种单质,故该转变属于物理变化 B.该变化中,氧气与臭氧的质量比为3:2 C.一个臭氧分子由1个氧分子和1个氧原子构成的 D.3.2g臭氧和3.2 g氧气中含有氧原子的数目相同 12.(2分)鉴别分别盛有O2、H2、CO2、空气的四瓶无色气体,可采用的最简单的方法是(  ) A.加入紫色石蕊溶液 B.用燃着的木条试验 C.加入澄清石灰水 D.用带火星的木条试验 13.(2分)密闭容器中有m个氮气分子和n个二氧化氮分子,则容器中氮原子和氧原子的个数之比为(  ) A.m:n B.m:2n C.(m+n):2n D.(2m+n):2n 14.(2分)某物质经实验测定发现只含有一种元素,则下列说法错误的是(  ) A.可能是单质 B.可能是混合物 C.可能是化合物 D.可能是纯净物 15.(2分)我校某化学实验小组欲取用12.5 g氯化钠和37.5 mL水配制25%的氯化钠溶液。操作过程中,负责称量的同学在使用托盘天平称量时将砝码与游码放反了(1g以下用游码),负责量取水的同学使用量筒时仰视了,结果,该小组配制的氯化钠溶液的实际浓度(  ) A.大于25% B.小于25% C.等于25% D.不能确定 16.(2分)若一种微粒的质子数、电子数与另一种微粒的质子数、电子数均相等,则下列叙述错误的是(  ) A.可能是同一种元素的原子 B.可能是不同种分子 C.可能是不同种离子 D.可能是一种分子和一种离子 17.(2分)去年,陕西勉县的几家大米加工厂被抽查出重金属镉(Cd)含量超标,调查发现,生产设备和生产过程均未出现镉污染情况,最大的可能来源于稻谷镉污染。元素符号“Cd”不能表示的是(  ) A.一个镉原子 B.镉元素 C.一个镉分子 D.金属镉 18.(2分)超导材料为具有零电阻及反磁性的物质,以Y2O3、BaCO3和CuO为原料经研磨烧结可合成一种高温超导物质Y2Ba4Cu6Ox,假设在研磨烧结过程中各元素的化合价无变化,则x的值为(  ) A.12 B.13 C.15 D.26 19.(2分)等质量的SO2与SO3中,氧原子的个数比是(  ) A.2:3 B.1:1 C.4:5 D.5:6 20.(2分)下列图示实验的现象或原理正确的是(  ) A.测定空气中的氧气含量 B.探究MnO2的催化作用 C.白磷在水下燃烧 D.小球变瘪 21.(2分)下列现象描述正确的是(  ) A.铜在空气中加热生成黑色的氧化铜固体 B.红磷在空气燃烧时产生大量的白色烟雾 C.硫在空气中燃烧时发出明亮的蓝紫色火焰 D.石蜡先熔化后气化再燃烧 22.(2分)在化学王国,数字被赋予了丰富内涵。对下列化学用语中数字“3”的说法正确的是(  ) ①3H+②NH3③3SO2④H3PO4⑤Al3+⑥NO3﹣⑦3N A.表示离子个数的是①⑤ B.表示离子所带电荷数的是⑤⑥ C.表示分子中原子个数的是②④ D.表示分子个数的是③⑦ 23.(2分)下列关于四种微粒结构示意图的说法错误的是(  ) A.表示原子的是①③④,表示离子的只有② B.只有②③属于金属元素 C.化学性质相似的是①③ D.③④表示的元素能形成XY2型化合物 24.(2分)从氯酸钾、二氧化锰混合物加热制取O2后的残留固体中回收二氧化锰,以下几步操作可供选择:①蒸发溶液;②过滤;③溶解;④水洗;⑤烘干.正确操作顺序是(  ) A.③②④① B.③②⑤④ C.③②④⑤ D.③②①④ 25.(2分)某密闭容器中原有X、Y、氧气、二氧化碳四种物质,在一定条件下充分反应,测得反应前后各物质的质量如下表。根据表中信息,判断下列说法正确的是(  ) 物质 X Y O2 CO2 H2O 反应前质量/g 16 15 70 1 0 反应后质量/g 0 15 待测 45 36 A.X中一定只含碳、氢两种元素 B.该反应一定为置换反应 C.Y一定为该反应的催化剂 D.反应中CO2和H2O的质量比一定为45:36 26.(2分)某元素R的氧化物的化学式为RxOy,其相对分子质量为M,R的相对原子质量是(  ) A.M﹣16y B. C. D. 27.(2分)有以下实验事实: ①铜加热后变黑且质量增加; ②樟脑球在衣柜放置一段时间后质量减少; ③银白色的镁在空气中放置一段时间后,颜色变暗,质量增加; ④烧杯中的水通电一段时间后质量减少。 其中符合质量守恒定律的是(  ) A.①③ B.①④ C.①③④ D.②③④ 28.(2分)下列图象中,能够正确反映对应变化关系的是(  ) A.电解水一段时间 B.加热一定量氯酸钾与二氧化锰的混合物 C.加热一定量高锰酸钾 D.用一定量10%的双氧水制氧气 29.(2分)煤气中添加少量有特殊臭味的乙硫醇(C2H5SH),可以提醒人们预防煤气泄露。乙硫醇在煤气燃烧过程中也可充分燃烧,其反应方程式为2C2H5SH+9O24CO2+2SO2+6X,则X的化学式为(  ) A.SO3 B.H2O C.CO D.H2O2 30.(2分)某气体由甲烷CH4、乙烯C2H4、乙烷C2H6中的一种或几种组成,取一定量该气体在氧气中完全燃烧,测得生成的二氧化碳和水的质量比为44:27.下列对该气体组成的判断正确的是(  ) A.该气体一定含有C2H6 B.该气体可能是由CH4和C2H4组成 C.该气体可能由C2H4和C2H6组成 D.该气体不可能同时含有CH4、C2H4、C2H6 二、填空及简答题共5小题,计20分 31.(4分)化学用语是学习和研究化学的工具。请用化学用语填空。 (1)硫酸铝的化学式   ; (2)标出氯化铵中氮元素的化合价   ; (3)两个硝酸分子   ; (4)Cu2+中2的含义是   。 32.(3分)在氧化亚铁、氧化铁、四氧化三铁这三种铁的氧化物中,铁的质量分数由大到小的顺序是   ;(填化学式); 若取铁元素质量相等的氧化亚铁、氧化铁、四氧化三铁,则这三种氧化物中氧元素的质量比为   。 33.(4分)合理使用化肥可提高农作物产量。如图是生产尿素的微观示意图,回答问题。 (1)A、C两物质中,氮元素的化合价是相同的。那么,C中碳元素的化合价是   ; (2)上述生产尿素的反应中,A与B的质量比为   ; (3)化学反应前后,有元素化合价升降的反应属于氧化还原反应,没有元素化合价升降的反应属于非氧化还原反应。则该生产尿素的反应属于   (填“氧化还原反应”或“非氧化还原反应”)。 34.(6分)元素周期表是学习和研究化学的重要工具。X、Y、Z为周期表1﹣18号中的元素,在周期表中的位置如图所示。 (1)若X的核电荷数为8,则三种元素的核电荷数之和为   ;Y的名称为   ;请画出Z的离子结构示意图   ; (2)若Z是磷元素,则X的最高价态氧化物的化学式为   ;Y元素的单质的化学式为   ; (3)元素在周期表中处于同一周期的原因是   。 35.(5分)完成下列填空。 (1)做电解水的实验时,常向水中加入少量的氢氧化钠溶液或稀硫酸,目的是   ;通电一段时间后,甲乙两试管中气体的质量之比应为   。 (2)自来水厂的生产流程可用下图表示。吸附池中常放入   (填物质名称)除去水中的色素、异味;投药(多为ClO2)消毒属于   (填“物理变化”或“化学变化”)。 (3)生活中将硬水软化的简单方法是   。 三、实验及探究题共2小题,15分 36.(8分)根据如图,回答问题。 (1)请写出仪器①和②的名称:①   ;②   ; (2)若欲用15%的过氧化氢溶液(反应较剧烈)制取较纯净的氧气,某同学选择了装置A为发生装置,与装置D相比,装置A的优点是   ;你会建议他选择   作为收集装置。 (3)实验室用高锰酸钾制取氧气时选择C作为发生装置,该装置还需要做的改进是   ;若选择H作为收集装置,则C的导管口应与H的   (“a”或“b”)相连。请写出该反应的化学方程式   。 37.(5分)某科学兴趣小组查阅资料得知镁可在氮气中燃烧生成固体氮化镁(其中氮元素的化合价为﹣3价),设计了如下方案进行验证。 步骤1.用盛水的水槽、无底的广口瓶、燃烧匙、蒸发皿、橡皮塞等装配成如图所示的装置。另准备一只有一根铜丝穿过的橡皮塞,铜丝末端固定一根镁条。 步骤2.点燃燃烧匙中足量的红磷,迅速塞好橡皮塞。待充分冷却,观察到广口瓶内水面上升的体积约占瓶内原空气总体积的左右。 步骤3.往水槽中加水使广口瓶内外水面相平。点燃镁条,迅速更换橡皮塞,观察到镁条在广口瓶内仍继续燃烧。待冷却后广口瓶内水位继续上升。 (1)步骤2的目的是   ;同时也验证了氧气约占空气体积约.写出步骤2中红磷反应的化学方程式   。 (2)在步骤3“待冷却后广口瓶内水位继续上升”是由于瓶内气压   (选填“大于”“小于”或“等于”)外界气压。 (3)请写出镁在氮气中燃烧的化学方程式   ;镁在氧气中和在氮气中的燃烧,均属于基本反应类型中的   反应。 四、计算及分析题共1小题,计5分 38.(5分)实验室常用一定质量分数的过氧化氢溶液制取氧气,某同学实验前取一定质 量分数的过氧化氢溶液25g,加入1.5g二氧化锰,完全反应后测得剩余物的质量是25.7g。请计算: (1)反应中放出氧气的质量是   克。 (2)该实验所用过氧化氢溶液中过氧化氢的质量分数是多少? 2018-2019学年陕西省西安交大附中九年级(上)期中化学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题共30小题,每小题2分,每小题只有一个选项是符合题意的 1.【解答】解:A、保护青山绿水,严禁乱伐乱建,可以净化空气,能提倡; B、发展共享单车会减少使用私家车产生的污染物,能提倡; C、就地焚烧秸秆会产生大量的烟尘,造成空气中PM2.5含量的升高,不能提倡; D、煤炭燃烧的过程中车排放的尾气中含有可吸入颗粒物,造成PM2.5的升高,能提倡。 故选:C。 2.【解答】解:在高原地区,地势比较高,空气稀薄,氧气的体积分数仍为21%,但是,由于稀薄,所以吸入等体积的,其质量变小,所以对应的氧气的量也就少,所以人体在呼吸时发生困难,即会发生不同程度的“高原反应”。 故选:B。 3.【解答】解:A、在点燃H2、CO、CH4等易燃气体前,为防止发生爆炸,必须检验气体的纯度,故选项说法正确。 B、稀释浓硫酸时,要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中,同时用玻璃棒不断搅拌,以使热量及时的扩散;一定不能把水注入浓硫酸中;故选项说法错误。 C、给试管中的液体加热时,液体一般不超过试管容积的,故选项说法错误。 D、托盘天平的使用要遵循“左物右码”的原则,且氢氧化钠具有腐蚀性且易潮解,应放在玻璃器皿中称量,故选项说法错误。 故选:A。 4.【解答】解:A、明矾净水是加速不溶性固体颗粒的沉降,不能降低硬水中可溶性钙、镁化合物的含量,错误; B、众人拾柴火焰高,含义是可燃物越多,放出的热量越多,燃烧越旺,错误; C、食品腐败变质是发生了化学变化,分子本身改变,正确; D、将密封良好的塑料零食包装袋从西安带到西藏后,发现塑料包装袋鼓起,是因为袋中气体分子的间隔增大,错误; 故选:C。 5.【解答】解:A、铁水是一种元素组成的单质、冰水混合物属于氧化物、澄清石灰水属于混合物,故A正确; B、氖气是一种元素组成的单质、干冰属于氧化物、酒精属于化合物,故B错; C、水银是一种元素组成的单质、氯酸钾属于化合物、石油属于混合物,故C错; D、铜粉是一种元素组成的单质、液氧是一种元素组成的单质、高锰酸钾分解后的固体属于混合物,故D错。 故选:A。 6.【解答】解:原子核是由质子和中子构成,质子带正电,中子不带电,所以原子核带正电荷,原子核的体积只占整个原子体积的几万分之一,但却集中了整个原子的主要质量,因为电子质量太小了,决定原子质量大小的基本粒子是质子和中子。 故选:D。 7.【解答】解:A.单质具备两个特征:①纯净物;②一种元素,故单质是只含一种元素的纯净物,所以只含一种元素的纯净物一定是单质的说法正确; B.硫酸根离子、硝酸根离子都是带电的原子团,但带电的原子团不一定是酸根离子,如NH4+是原子团但不是酸根; C.催化剂能够改变反应的速度,二氧化锰是加快过氧化氢分解的催化剂,但催化剂不一定加快反应速率,也有可能会减慢反应的进行; D.置换反应的反应物和生成物均要求是单质和化合物,所以由单质和化合物发生的反应不一定属于置换反应; 故选:A。 8.【解答】解:A.由化学式可知,西达苯胺由碳、氢、氟、氮、氧五种非金属元素组成的化合物,说法正确; B.西达苯胺中,碳、氢、氟、氮、氧元素的质量比为:(12×22):(1×19):19:(14×4):(16×2)=264:19:19:56:32,可见其中氢元素和氟元素的质量分数相等,小于氮和氧,说法错误; C.西达苯胺是由分子构成的,每个西达苯胺分子中含有22个碳原子、19个氢原子、1个氟原子、4个氮原子和2个氧原子,共含48个原子,说法错误; D.分子的质量很小,不会是390g,说法错误。 故选:A。 9.【解答】解:A、白酒敞口放置一段时间后质量减少,属于酒精的挥发,属于物理变化,故A错; B、稀有气体通电后能发出不同颜色的光,是由电能能转化为光能和热能,属于物理变化,故B错; C、鸡蛋清受热后变成块状,属于蛋白质受热后变性,发生了化学变化,故C正确; D、氧气降温加压后变成淡蓝色的液体,只是状态的改变,属于物理变化,故D错。 故选:C。 10.【解答】解:A、用海水晒盐属于物理变化;分离液态空气制氧气属于物理变化,故A错; B、牛奶变酸属于化学变化;浓硫酸使纸张“炭化”属于化学变化,故B错; C、干冰做制冷剂属于物理变化; 一氧化碳中毒属于化学变化,故C错; D、面粉车间遇明火爆炸属于化学变化;酒精挥发属于物理变化,故D正确。 故选:D。 11.【解答】解:A.由化学式可知,臭氧和氧气是由同种元素组成的不同种单质,故该转变生成了新物质,属于化学变化,说法错误; B.由质量守恒定律可知,化学反应前后,反应物的总质量与生成物的总质量相等,所以该变化中,氧气与臭氧的质量比为1:1,说法错误; C.分子是由原子构成的,一个臭氧分子由3个氧原子构成的,说法错误; D.臭氧分子是由氧原子构成的,氧气分子也是由氧原子构成的,因此3.2g臭氧和3.2 g氧气中含有氧原子的数目相同,说法正确。 故选:D。 12.【解答】解:A、空气和O2都不能使紫色石蕊变色,不能鉴别,故错误; B、将燃着的木条分别放入瓶中,燃烧更旺的是O2,现象不变的是空气,能燃烧的气体是H2,木条熄灭的是CO2,现象不同,可以鉴别,故正确; C、O2、H2、空气都不会与澄清的石灰水主要成分氢氧化钙反应,没有明显现象,不能鉴别,故错误; D、CO2、空气都能使带火星的木条熄灭,无法鉴别,故错误; 故选:B。 13.【解答】解:m个氮气分子中含有2m个氮原子,n个二氧化氮分子中含有n个氮原子和2n个氧原子,所以氮原子和氧原子的个数之比为(2m+n):2n。 故选:D。 14.【解答】解:A、某物质经实验测定发现只含有一种元素,则该物质可能是纯净物中的单质,如氧气、氮气等,说法正确;故选项错误; B、某物质经实验测定发现只含有一种元素,则该物质可能是混合物,如氧气和臭氧,说法正确;故选项错误; C、由两种或两种以上的元素组成的纯净物叫化合物,因此该物质一定不是化合物,说法错误;故选项正确; D、某物质经实验测定发现只含有一种元素,则该物质可能是纯净物,如氢气等,说法正确;故选项错误; 故选:C。 15.【解答】解:操作过程中,负责称量的同学在使用托盘天平称量时将砝码与游码放反了(1g以下用游码),会造成实际所取的溶质的质量偏小;负责量取水的同学使用量筒时仰视了,读数比实际液体体积小,会造成实际量取的水的体积偏大,则使溶质质量分数偏小,即该小组配制的氯化钠溶液的实际浓度小于25%。 故选:B。 16.【解答】解:A.可能是不同原子,如C﹣12和C﹣13,故正确; B.可能是不同分子,如氨气和甲烷,故正确; C.可能是不同离子,如氟离子和氢氧根离子,故正确; D.微粒的质子数和电子数决定了微粒带电荷情况,即当两微粒的质子数和电子数相等时,它们的带电荷情况也相同,如果一种为离子(带电荷),另一种为分子(不带电),它们的质子数和电子数就不可能相等,故D错误; 故选:D。 17.【解答】解:元素符号能表示一种元素,还能表示该元素的一个原子;化学式能表示一种物质,当元素符号又是化学式时,就同时具备了上述三层意义。元素符号“Cd”属于金属元素,可表示镉元素,表示一个镉原子,还能表示镉这一纯净物,镉是由原子直接构成的,不能表示一个镉分子。 故选:C。 18.【解答】解:在Y2O3中O为﹣2价,则由正负化合价的代数和为0,可得Y的化合价为+3价, BaCO3中碳酸根的化合价为﹣2价,则由正负化合价的代数和为0,可得Ba元素的化合价为+2价, CuO中O为﹣2价,则由正负化合价的代数和为0,可得Cu元素的化合价为+2价, 由在研磨烧结过程中各元素的化合价无变化,则在Y2Ba4Cu6Ox中, Y的化合价为+3价,Ba元素的化合价为+2价,Cu元素的化合价为+2价,O为﹣2价, 根据正负化合价的代数和为0,则有 (+3)×2+(+2)×4+(+2)×6+(﹣2)×x=0 解得x=13 故选:B。 19.【解答】解:假设两物质的质量都为M, 所含氧原子的个数比=(×2):(×3)=5:6, 故选:D。 20.【解答】解:A、木炭在空气中燃烧生成二氧化碳气体,虽除去氧气,而增加了新的气体,没有形成压强差,不能用来测定空气中氧气含量,故选项实验原理错误。 B、图中实验过氧化氢溶液的浓度不同,不能用于探究MnO2的催化作用,故选项实验原理错误。 C、白磷属于可燃物,与氧气接触,温度达到了着火点,会观察到白磷在水下燃烧,故选项实验现象正确。 D、二氧化碳能与氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水,使瓶内压强减小,小气球与外界空气相通,会观察到小球膨胀,故选项实验选项错误。 故选:C。 21.【解答】解:A、铜在空气中加热生成黑色的氧化铜,属于结论,故选项说法错误。 B、红磷在空气中燃烧,产生大量的白烟,而不是白色烟雾,故选项说法错误。 C、硫在空气中燃烧时发出淡蓝色火焰,产生一种具有刺激性气味的气体,故选项说法错误。 D、石蜡先熔化后气化再燃烧,故选项说法正确。 故选:D。 22.【解答】解:A、⑤中的3表示一个铝离子带有3个单位的正电荷,错误; B、⑥中的3表示一个硝酸根离子中含有3个氧原子,错误; C、②④的数字3表示一个分子中原子的个数,正确; D、⑦中的数字3表示原子的个数,错误; 故选:C。 23.【解答】解:A、①③④中质子数=核外电子数为原子;②质子数=11,核外电子数=10,质子数>核外电子数,为阳离子,故选项说法正确。 B.②③分别是钠元素和镁元素,都属于金属元素,故选项说法正确。 C、①粒子的最外层电子数为2,只有一个电子层,属于稳定结构;③粒子的最外层电子数为2,在化学变化中容易失去电子,所以为不稳定结构,化学性质不相似,故选项说法错误; D、③属于镁元素,化合价为+2价,④属于氯元素,化合价可以显﹣1价,能化合形成xy2型化合物,故选项说法正确。 故选:C。 24.【解答】解;因为二氧化锰不溶于水,氯化钾溶于水,所以先加水溶解再进行过滤,二氧化锰被过滤出来,因为二氧化锰表面可能含有氯化钾溶液,所以进行洗涤,最后干燥,得到了纯净的二氧化锰; 故选:C。 25.【解答】解:A、根据反应前后元素的种类不变可以知道在X中含有碳元素和氢元素,故正确。 B、根据质量守恒定律可以知道待测值=16+70+1+0﹣0﹣45﹣36=6,根据反应前后质量的变化可以判断二氧化碳和水为生成物都是化合物,而X和氧气为反应物,所以该反应不是置换反应,故错误; C、有图示数据可知,Y的质量不变,可能为催化剂;故错误; D、反应中生成二氧化碳的质量为:45g﹣1g=44g,生成水的质量为36g,其质量比为:44:36,故错误。 故选:A。 26.【解答】解:某元素R的氧化物的化学式为RxOy,其相对分子质量为M,设R的相对原子质量是z,则xz+16y=M,则z=。 故选:C。 27.【解答】解:质量守恒定律适应于一切化学反应,不适用于物理变化。 ①铜加热是铜与氧气发生化学反应生成氧化铜,反应后质量增加后变黑且质量增加;符合质量守恒定律; ②樟脑球在衣柜放置一段时间后质量减少,是物理变化,不符合质量守恒定律; ③银白色的镁在空气中放置一段时间,铁与氧气发生化学反应生成氧化镁后,颜色变暗,质量增加;符合质量守恒定律; ④水通电一段时间后生成氢气和氧气质量减少,符合质量守恒定律; 故选:C。 28.【解答】解:A、水在通电的条件下生成氢气和氧气,正氧负氢,体积比是1:2,故A错误; B、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下加热生成氯化钾和氧气,固体质量逐渐减小,二氧化锰的不变,所以固体中二氧化锰的质量分数先增大,然后不变,故B错误; C、高锰酸钾在加热的条件下生成锰酸钾、二氧化锰和氧气,固体质量不会减小到零,故C错误; D、过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气,所以氧气的体积从零开始逐渐的增大,然后不变,故D正确。 故选:D。 29.【解答】解:由质量守恒定律:反应前后,原子种类、数目均不变,反应前碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、12、2、18,反应后的生成物中碳、氢、硫、氧原子个数分别为4、0、2、12,根据反应前后原子种类、数目不变,则6X分子中含有12个氢原子和6个氧原子,则每个X分子由2个氢原子和1个氧原子构成,则物质X的化学式为H2O。 故选:B。 30.【解答】解:假设生成二氧化碳质量为44g,则生成水的质量为27g; 44g二氧化碳中C元素质量为44g×=12g,27g水中H元素的质量27g×=3g; 所以可燃物中C、H元素质量比为12g:3g=4:1。 其中C、H原子个数比=:=1:3; CH4中C、H原子个数比=1:4<1:3; C2H4中C、H原子个数比=1:2>1:3, C2H6中C、H原子个数比=1:3; 故选:B。 二、填空及简答题共5小题,计20分 31.【解答】解:(1)硫酸铝中铝元素显+3价,硫酸根显﹣2价,其化学式为:Al2(SO4)3。 (2)氯化铵中氮元素的化合价为﹣3价;由化合价的表示方法,在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示,正负号在前,数字在后,故氯化铵中氮元素的化合价可表示为:H4Cl。 (3)由分子的表示方法,正确书写物质的化学式,表示多个该分子,就在其化学式前加上相应的数字,则两个硝酸分子可表示为:2HNO3。 (4)标在元素符号右上角的数字表示1个离子所带的电荷数,Cu2+中的“2”表示一个铜离子带有两个单位的正电荷。 故答案为: (1)Al2(SO4)3; (2)H4Cl; (3)2HNO3; (4)一个铜离子带有两个单位的正电荷。 32.【解答】解:设铁的氧化物通式为FeOx,则Fe的质量分数=×100%,显然x值越小,铁的质量分数越大。将FeO、Fe2O3、Fe3O4分别变形为FeO、FeO、FeO,因为1<<,所以可推知三种铁的氧化物中,铁元素的质量分数按由大到小的顺序排列的是FeO、Fe3O4、Fe2O3。 由于铁元素质量相等,则铁原子个数也相等;一个Fe2O3、FeO与Fe3O4的分子中铁原子个数比为2:1:3,要铁原子个数相等,所需Fe2O3、FeO与Fe3O4的分子个数比为3、6、2,则在Fe2O3,FeO,Fe3O4所含的氧原子的个数比为(3×3):6:(2×4)=9:6:8,即则在FeO,Fe2O3,Fe3O4所含的氧元素质量比为9:6:8.。 故答案是:FeO、Fe3O4、Fe2O3.;9:6:8。 33.【解答】解:由图示中相关的物质的结构判断可知A为氨气(NH3)、B为二氧化碳(CO2)、C是尿素[CO(NH2)2]、D为水(H2O),其相关的方程式为:2NH3+CO2CO(NH2)2+H2O。 (1)A中氮元素的化合价为﹣3价,则[CO(NH2)2]中氮元素的化合价也是﹣3,该物质中氧和氢元素的化合价分别是﹣2和+1,依据化合物中各元素的化合价代数和是零,故尿素中碳元素的化合价为+4价; (2)上述生产尿素的反应中,A与B的质量比为[2×(14+1×3)]:[12+16×2]=17:22; (3)依据反应中各元素化合价的情况可知该反应中元素的化合价没有变化,故该反应属于非氧化还原反应; 故答案为:(1)+4;(2)17:22;(3)非氧化还原反应; 34.【解答】解:(1)若X的核电荷数为8,则X是氧元素,Y是氟元素,Z是氯元素,则三种元素的核电荷数之和为:8+9+17=34; Z的离子(氯离子)的结构示意图:。 故填:34;氟元素;。 (2)若Z是磷元素,则X是碳元素,Y是氮元素,碳元素的最高价态氧化物的化学式为CO2,氮元素的单质的化学式为N2。 故填:CO2;N2。 (3)元素在周期表中处于同一周期的原因是原子核外电子层数相等。 故填:原子核外电子层数相等。 35.【解答】解:(1)通常要在水中加入少量氢氧化钠溶液或稀硫酸,目的是增强水的导电性,由电解水的装置图可知,乙试管中得到的气体是氢气,甲试管里得到的气体是氧气,电解完成后甲、乙两试管里的气体的体积比是1:2;质量比为:8:1; (2)由自来水厂的生产流程可知:吸附池中常放入活性炭除去水中的色素、异味;投药(多为ClO2)消毒中有新物质生成,属于化学变化; (3)生活中将硬水软化的简单方法是煮沸。 故答案为: (1)增强水的导电性;8:1; (2)活性炭;化学变化; (3)煮沸。 三、实验及探究题共2小题,15分 36.【解答】解:(1)分液漏斗可以控制反应的速率,锥形瓶是常用的反应容器,故答案为:分液漏斗;锥形瓶; (2)装置A的优点是:可以控制反应的速率;氧气的密度比空气的密度大,不易溶于水,因此能用向上排空气法和排水法收集,排水法收集的氧气比较纯净;故答案为:可以控制反应的速率;E; (3)加热高锰酸钾时,试管口要放一团棉花,是为了防止高锰酸钾粉末进入导管;若选择H作为收集装置,则C的导管口应与H的a相连,因为氧气的密度比空气大;高锰酸钾受热分解生成锰酸钾和二氧化锰和氧气,要注意配平;故答案为:试管口放一团棉花;a;2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑; 37.【解答】解:(1)步骤2的目的是把广口瓶中的氧气耗尽; 步骤2中红磷燃烧生成五氧化二磷,反应的化学方程式:4P+5O22P2O5。 故填:把广口瓶中的氧气耗尽;4P+5O22P2O5。 (2)在步骤3“待冷却后广口瓶内水位继续上升”是由于瓶内气压小于外界气压。 故填:小于。 (3)镁在氮气中燃烧生成氮化镁,反应的化学方程式:3Mg+N2Mg3N2; 镁在氧气中和在氮气中的燃烧,均属于基本反应类型中的化合反应。 故填:3Mg+N2Mg3N2;化合。 四、计算及分析题共1小题,计5分 38.【解答】解:(1)由质量守恒定律可知,放出O2的质量为:25g+1.5g﹣25.7 g=0.8g; (2)设过氧化氢溶液的溶质质量为x 2H2O22H2O+O2↑ 68 32 x 0.8g 解得:x=1.7g 过氧化氢溶液的质量分数为×100%=6.8% 答:(1)0.8;(2)过氧化氢溶液的质量分数为6.8%。

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  • ID:3-7131416 2020年山东省菏泽市曹县一中中考数学模拟试卷(一)(含答案)

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    2020年山东省菏泽市曹县一中中考数学模拟试卷(一) 一、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分) 1.(3分)下列运算正确的是(  ) A.a3?a2=a5 B.(a2)3=a5 C.a3+a3=a6 D.(a+b)2=a2+b2 2.(3分)如图,已知AB∥CD,∠C=65°,∠E=30°,则∠A的度数为(  ) A.30° B.32.5° C.35° D.37.5° 3.(3分)如图是同一时刻学校里一棵树和旗杆的影子,如果树高为3米,测得它的影子长为1.2米,旗杆的高度为5米,则它的影子长为(  ) A.4米 B.2米 C.1.8米 D.3.6米 4.(3分)已知x=1是方程x2+bx﹣2=0的一个根,则方程的另一个根是(  ) A.1 B.2 C.﹣2 D.﹣1 5.(3分)a、b是实数,点A(2,a)、B(3,b)在反比例函数y=﹣的图象上,则(  ) A.a<b<0 B.b<a<0 C.a<0<b D.b<0<a 6.(3分)如图,将正方形OABC放在平面直角坐标系中,O是原点,A的坐标为(1,),则点C的坐标为(  ) A.(﹣,1) B.(﹣1,) C.(,1) D.(﹣,﹣1) 7.(3分)如图,点A,B,C都在⊙O上,若∠C=35°,则∠AOB的度数为(  ) A.35° B.55° C.145° D.70° 8.(3分)如图是二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)图象的一部分,对称轴x=,且经过点(2,0),下列说法: ①abc<0; ②a+b=0; ③4a+2b+c<0; ④若(﹣,y1),(,y2)是抛物线上的两点,则y1>y2, 其中说法正确的是(  ) A.①② B.①②③ C.①②④ D.①③④ 二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分) 9.(3分)如果代数式有意义,那么字母x的取值范围是   . 10.(3分)若关于x的方程x2﹣6x+c=0有两个相等的实数根,则c的值为   . 11.(3分)60°的圆心角所对的弧长为2πcm,则此弧所在圆的半径为   . 12.(3分)如图,△ABC中,∠AED=∠B,AD=2,DB=4,AE=3,则EC=   . 13.(3分)如图,P是双曲线y=(x>0)的一个分支上的一点,以点P为圆心,1个单位长度为半径作⊙P,当⊙P与直线x=4相切时,点P的坐标为   . 14.(3分)如图,6个形状、大小完全相同的菱形组成网格,已知菱形的一个角∠O为60°,A,B,C都在格点上,则tan∠ABC的值为   . 三、解答题(本大题共10小题,共78分) 15.(6分)计算:﹣32+()﹣1﹣|﹣7|﹣cos45°. 16.(6分)解方程:﹣=1. 17.(7分)先化简,再求值:(﹣)÷,其中a=+1. 18.(7分)如图,正方形ABCD中,点E、F分别在AD、CD上,且AE=DF,连接BE、AF,相交于G.求证:AF⊥BE. 19.(8分)如图,在一次户外研学活动中,老师带领学生去测一条东西流向的河流的宽度(把河两岸看做平行线,河宽即两岸之间的垂线段的长度).某同学在河南岸A处观测到河对岸水边有一棵树P,测得P在A北偏东60°方向上,沿河岸向东前行20米到达B处,测得P在B北偏东45°方向上.求河宽(结果保留一位小数.≈1.414,≈1.732). 20.(8分)如图,一次函数y=ax﹣1(a≠0)的图象与反比例函数y=(k≠0)的图象相交于A、B两点且点A的坐标为(2,1),点B的坐标(﹣1,n). (1)分别求两个函数的解析式; (2)求△AOB的面积. 21.(8分)如图,正方形ABCD中,G为BC边上一点,BE⊥AG于E,DF⊥AG于F,连接DE. (1)求证:△ABE≌△DAF; (2)若AF=1,四边形ABED的面积为6,求EF的长. 22.(8分)今年深圳“读书月”期间,某书店将每本成本为30元的一批图书,以40元的单价出售时,每天的销售量是300本.已知在每本涨价幅度不超过10元的情况下,若每本涨价1元,则每天就会少售出10本,设每本书上涨了x元.请解答以下问题: (1)填空:每天可售出书   本(用含x的代数式表示); (2)若书店想通过售出这批图书每天获得3750元的利润,应涨价多少元? 23.(10分)菱形ABCD中,AB=4,∠ABC=60°,∠EAF的两边分别与射线CB、DC相交于点E、F,且∠EAF=60° (1)如图1,当点E是CB上任意一点时(点E不与B、C重合),求证:BE=CF; (2)如图2,当点E在CB的延长线上时,且∠EAB=15°,求点F到BC的距离. 24.(10分)如图,已知抛物线与x轴交于A(﹣1,0)、E(3,0)两点,与y轴交于点B(0,3). (1)求抛物线的解析式; (2)设抛物线顶点为D,求四边形AEDB的面积; (3)△AOB与△DBE是否相似?如果相似,请给以证明;如果不相似,请说明理由. 2020年山东省菏泽市曹县一中中考数学模拟试卷(一) 参考答案与试题解析 一、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分) 1.【解答】解:A、底数不变指数相加,故A正确; B、底数不变指数相乘,原式=a6,故B错误; C、系数相加字母部分不变,原式=2a3,故C错误; D、和的平方等于平方和加积的二倍,原式=a2+b2+2ab,故D错误; 故选:A. 2.【解答】解:设AB、CE交于点O. ∵AB∥CD,∠C=65°, ∴∠EOB=∠C=65°, ∵∠E=30°, ∴∠A=∠EOB﹣∠E=35°, 故选:C. 3.【解答】解:设旗杆的影长为x米, 根据在同一时刻同一地点任何物体的高与其影子长的比值相同得:, 解得:x=2. 故选:B. 4.【解答】解:∵x=1是方程x2+bx﹣2=0的一个根, ∴x1x2==﹣2, ∴1×x2=﹣2, 则方程的另一个根是:﹣2, 故选:C. 5.【解答】解:∵y=﹣, ∴反比例函数y=﹣的图象位于第二、四象限,在每个象限内,y随x的增大而增大, ∵点A(2,a)、B(3,b)在反比例函数y=﹣的图象上, ∴a<b<0, 故选:A. 6.【解答】解:如图,过点A作AD⊥x轴于D,过点C作CE⊥x轴于E, ∵四边形OABC是正方形, ∴OA=OC,∠AOC=90°, ∴∠COE+∠AOD=90°, 又∵∠OAD+∠AOD=90°, ∴∠OAD=∠COE, 在△AOD和△OCE中, , ∴△AOD≌△OCE(AAS), ∴OE=AD=,CE=OD=1, ∵点C在第二象限, ∴点C的坐标为(﹣,1). 故选:A. 7.【解答】解:∵∠C=35°, ∴∠AOB=2∠C=70°. 故选:D. 8.【解答】解:①∵二次函数的图象开口向下, ∴a<0, ∵二次函数的图象交y轴的正半轴于一点, ∴c>0, ∵对称轴是直线x=﹣=, ∴b=﹣a>0, ∴abc<0. 故①正确; ②∵由①中知b=﹣a, ∴a+b=0, 故②正确; ③把x=2代入y=ax2+bx+c得:y=4a+2b+c, ∵抛物线经过点(2,0), ∴当x=2时,y=0,即4a+2b+c=0. 故③错误; ④∵(﹣,y1)关于对称轴x=的对称点的坐标是(,y1), 又∵当x>时,y随x的增大而减小,<, ∴y1<y2. 故④错误; 综上所述,正确的结论是①②. 故选:A. 二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分) 9.【解答】解:∵代数式有意义, ∴,解得x≥﹣1且x≠2. 故答案为:x≥﹣1且x≠2. 10.【解答】解:根据题意得△=(﹣6)2﹣4c=0, 解得c=9. 故答案为9. 11.【解答】解:∵l=, ∴r=═=6cm, 故答案为6cm. 12.【解答】解:∵∠A=∠A,∠AED=∠B, ∴△ADE∽△ACB, ∴AE:AB=AD:AC, 又∵AD=2,DB=4,AE=3, ∴AB=AD+BD=6, ∴AC=2×6÷3=4. ∴CE=AC﹣AE=1. 故答案为:1. 13.【解答】解:过点P作AE⊥l于点E, 当⊙P在直线的左侧时,P点横坐标为4﹣1=3, ∵P是双曲线y=(x>0)的一个分支上的一点, ∴P(3,). 当⊙P在直线的右侧时,P点横坐标为4+1=5, ∴P(5,). 综上所述,P点坐标为:(3,)或(5,). 故答案为:(3,)或(5,). 14.【解答】解:设菱形的边长为a,由题意得∠AEF=30°,∠BEF=60°,AE=a,EB=2a, ∴∠AEC=90°, 在Rt△AEB中,tan∠ABC==. 故答案为:. 三、解答题(本大题共10小题,共78分) 15.【解答】解:原式=﹣9+2﹣(7﹣4)﹣× =﹣14+4﹣ =﹣14+3. 16.【解答】解:方程两边都乘以(x+2)(x﹣2),得 x(x﹣2)﹣8=x2﹣4, 解得x=﹣2, 经检验:x=﹣2是原方程的增根, ∴原方程无解. 17.【解答】解:原式=[﹣]× =× = 当a=+1时, ∴原式= 18.【解答】证明:在正方形ABCD中,AB=AD,∠BAE=∠D=90°, 在△ABE和△ADF中, , ∴△ABE≌△ADF(SAS), ∴∠ABE=∠DAF, ∵∠ABE+∠AEG=90°, ∴∠DAF+∠AEG=90°, ∴∠AGE=90°, ∴BE⊥AF. 19.【解答】解:过P作PC⊥AB于点C, ∴∠ACP=90°. 由题意可知,∠PAC=30°,∠PBC=45°. ∴∠BPC=45°. ∴BC=PC. 在Rt△ACP中,. ∵AB=20, ∴. ∴≈27.3. 答:河流宽度约为27.3米. 20.【解答】解:(1)一次函数y=ax﹣1(a≠0)的图象与反比例函数y=( k≠0)的图象相交于A、B两点且点A的坐标为( 2,1), , 解得 一次函数的解析式是y=x﹣1, 反比例函数的解析式是y=; (2)当x=0时,y=﹣1, S三角形AOB=|﹣1|×2+|﹣1|×|﹣1| =1+ =. 21.【解答】证明:(1)∵四边形ABCD是正方形, ∴AB=AD, ∵DF⊥AG,BE⊥AG, ∴∠BAE+∠DAF=90°,∠DAF+∠ADF=90°, ∴∠BAE=∠ADF, 在△ABE和△DAF中, , ∴△ABE≌△DAF(AAS). (2)设EF=x,则AE=DF=x+1, ∵S四边形ABED=2S△ABE+S△DEF=6 ∴2××(x+1)×1+×x×(x+1)=6, 整理得:x2+3x﹣10=0, 解得x=2或﹣5(舍弃), ∴EF=2. 22.【解答】解:(1)∵每本书上涨了x元, ∴每天可售出书(300﹣10x)本. 故答案为:(300﹣10x). (2)设每本书上涨了x元(x≤10), 根据题意得:(40﹣30+x)(300﹣10x)=3750, 整理,得:x2﹣20x+75=0, 解得:x1=5,x2=15(不合题意,舍去). 答:若书店想每天获得3750元的利润,每本书应涨价5元. 23.【解答】(1)证明:连接AC,如图1中,∵∠BAC=∠EAF=60°, ∴∠BAE=∠CAE, 在△BAE和△CAF中, , ∴△BAE≌△CAF, ∴BE=CF. (2)解:如图2中,过点A作AG⊥BC于点G,过点F作FH⊥EC于点H, ∵∠EAB=15°,∠ABC=60°, ∴∠AEB=45°, 在RT△AGB中,∵∠ABC=60°,AB=4, ∴BG=AB=2,AG=BG=2 , 在RT△AEG中,∵∠AEG=∠EAG=45°, ∴AG=GE=2 , ∴EB=EG﹣BG=2 ﹣2, ∵△AEB≌△AFC, ∴AE=AF,EB=CF=2 ﹣2, 在RT△CHF中,∵∠HCF=180°﹣∠BCD=60°,CF=2 ﹣2, ∴FH=CF?sin60°=(2 ﹣2)?=3﹣. ∴点F到BC的距离为3﹣. 24.【解答】解:(1)∵抛物线与y轴交于点(0,3), ∴设抛物线解析式为y=ax2+bx+3(a≠0) 根据题意,得, 解得. ∴抛物线的解析式为y=﹣x2+2x+3; (2)如图,设该抛物线对称轴是DF,连接DE、BD.过点B作BG⊥DF于点G. 由顶点坐标公式得顶点坐标为D(1,4) 设对称轴与x轴的交点为F ∴四边形ABDE的面积=S△ABO+S梯形BOFD+S△DFE =AO?BO+(BO+DF)?OF+EF?DF =×1×3+×(3+4)×1+×2×4 =9; (3)相似,如图, BD=; ∴BE= DE= ∴BD2+BE2=20,DE2=20 即:BD2+BE2=DE2, 所以△BDE是直角三角形 ∴∠AOB=∠DBE=90°,且, ∴△AOB∽△DBE.

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  • ID:3-7131410 2019-2020学年江苏省连云港外国语学校九年级(上)期末数学试卷 详细答案

    初中数学/期末专区/九年级上册

    2019-2020学年江苏省连云港外国语学校九年级(上)期末数学试卷 一、选择题(每题3分,共24分) 1.(3分)已知△ABC∽△A1B1C1,且∠A=60°,∠B1=40°,则∠C1的度数为(  ) A.40° B.60° C.80° D.100° 2.(3分)二次函数y=2(x+1)2﹣2的顶点坐标是(  ) A.(1,2) B.(﹣1,﹣2) C.(﹣1,2) D.(1,﹣2) 3.(3分)一组数据5、2、8、2、4,这组数据的中位数和众数分别是(  ) A.2,2 B.3,2 C.2,4 D.4,2 4.(3分)抛物线y=x2﹣2x+1与x轴的交点个数为(  ) A.无交点 B.1 个 C.2 个 D.3 个 5.(3分)二次函数y=3x2的图象向左平移2个单位,得到新的图象的二次函数表达式是(  ) A.y=3x2+2 B.y=(3x+2)2 C.y=3(x+2)2 D.y=3(x﹣2)2 6.(3分)如图,△ABC中,点D、E分别在AB、AC上,DE∥BC,AD:DB=1:2,则S△ADE:S△ABC=(  ) A. B. C. D. 7.(3分)如图,如果从半径为6cm的圆形纸片上剪去圆周的一个扇形,将留下的扇形围成一个圆锥(接缝处不重叠),那么这个圆锥的底面半径是(  ) A.2cm B.4cm C.6cm D.8cm 8.(3分)如图,△AOB为等腰三角形,顶点A的坐标(2,),底边OB在x轴上.将△AOB绕点B按顺时针方向旋转一定角度后得△A'O'B,点A的对应点A'在x轴上,则点O'的坐标为(  ) A. B. C. D. 二、填空题(本大题共有8小题,每小题3分,满分24分) 9.(3分)甲、乙两个篮球队队员身高的平均数都为2.07米,方差分别是S甲2、S乙2,且S甲2>S乙2,则队员身高比较整齐的球队是   . 10.(3分)已知,则=   . 11.(3分)如图,在△ABC中,P为AB上的一点,补充条件,能使△APC∽△ACB,这个条件可以是   .(写出一个即可) 12.(3分)若关于x的一元二次方程(k﹣1)x2+x﹣k2=0的一个根为1,则k的值为   . 13.(3分)已知学校航模组设计制作的火箭的升空高度h(m)与飞行时间t(s)满足函数表达式h=﹣t2+12t+20,则火箭升空的最大高度是   m. 14.(3分)如图,⊙O的内接四边形ABCD中,∠A=110°,则∠BOD等于   °. 15.(3分)如图,在?ABCD中,E、F分别是AD、CD的中点,EF与BD相交于点M,若△DEM的面积为1,则?ABCD的面积为   . 16.(3分)将二次函数y=x2﹣4x的图象在x轴下方的部分沿x轴翻折到x轴上方,图象的其余部分保持不变,翻折后的图象与原图象x轴上方的部分组成一个形如“W”的新图象,若直线y=﹣2x+b与该新图象有两个公共点,则实数b的取值范围为   . 三、解答题(本大题共有10小题,满分102分,写出必备的解答过程) 17.(6分)解方程:x2﹣6x﹣7=0. 18.(8分)若关于x的方程x2+(b+2)x+6﹣b=0有两个相等的实数根. (1)求b的值; (2)当b取正数时,求此时方程的根. 19.(8分)直角三角形的两条直角边的长相差2cm,面积是24cm2,求两条直角边的长. 20.(10分)在2017年“KFC”篮球赛进校园活动中,某校甲、乙两队进行决赛,比赛规则规定:两队之间进行3局比赛,3局比赛必须全部打完,只要赢满2局的队为获胜队,假如甲、乙两队之间每局比赛输赢的机会相同,且乙队已经赢得了第1局比赛,那么甲队获胜的概率是多少?(请用“画树状图”或“列表”等方法写出分析过程) 21.(10分)如图,已知二次函数y=ax2﹣4x+c的图象经过点(﹣1,0)和点(2,﹣9). (1)求该二次函数的解析式; (2)当x满足什么条件时,函数值大于0?(直接写出答案). 22.(10分)如图,E是正方形ABCD的CD边上的一点,BF⊥AE于F, (1)求证:△ADE∽△BFA; (2)若正方形ABCD的边长为2,E为CD的中点,求△BFA的面积. 23.(12分)某医药批发企业销售一种成本为每盒60元的创新药,规定试销期间销售单价不低于成本单价,且获利不得高于40%,经试销发现,销售量y(件)与销售单价x(元)符合一次函数y=kx+b,且x=65时,y=55;x=75时,y=45. (1)求一次函数y=kx+b的表达式; (2)若该商场获得利润为W元,试写出利润W与销售单价x之间的关系式;销售单价定为多少元时,商场可获得最大利润,最大利润是多少元? 24.(12分)如图,已知⊙O的直径AC与弦BD相交于点F,点E是DB延长线上的一点,∠EAB=∠ADB; (1)求证:AE是⊙O的切线; (2)已知点B是EF的中点,求证:△EAF∽△CBA. (3)已知AF=4,CF=2,在(2)的条件下,求AE的长. 25.(12分)如图甲,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=8cm,BC=6cm,PH⊥AC,垂足为H.如果点P由点B出发沿BA方向向点A匀速运动,同时点Q由点A出发沿AC方向向点C匀速运动,它们的速度均为1cm/s.连接PQ,设运动时间为t(s)(0<t<8),解答下列问题: (1)①AP=   ,PH=   .(用含t的代数式表示) ②设△APQ的面积为S,当t为何值时,S取得最大值?S的最大值是多少? (2)当t为何值时,△APQ是直角三角形? (3)如图乙,连接PC,将△PQC沿QC翻折,得到四边形PQP′C,当四边形PQP′C为菱形时,求t的值. 26.(14分)在平面直角坐标系中,直线y=x+3与x轴交于点A,与y轴交于点B,抛物线y=ax2+bx+c(a<0)经过点A、B. (1)求c的值及a、b满足的关系式; (2)当x<0时,若y=ax2+bx+c(a>0)的函数值随x的增大而增大,求a的取值范围; (3)如图,当a=﹣1时,在抛物线上是否存在点P,使△PAB的面积为?若存在,请求出符合条件的所有点P的坐标;若不存在,请说明理由. 2019-2020学年江苏省连云港外国语学校九年级(上)期末数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(每题3分,共24分) 1.【解答】解:∵△ABC∽△A1B1C1, ∴∠A1=∠A=60°,∠B=∠B1=40°, 则∠C1=180°﹣60°﹣40°=80°. 故选:C. 2.【解答】解:∵二次函数y=2(x+1)2﹣2 ∴顶点坐标为(﹣1,﹣2), 故选:B. 3.【解答】解:这5个数从小到大排列后处在第3位的数是4,因此中位数是4,出现次数最多的数2,因此众数是2, 故选:D. 4.【解答】解:当y=0时,x2﹣2x+1=0,解得x1=x2=1, 所以抛物线与x轴的交点坐标为(1,0), 所以抛物线y=x2﹣2x+1与x轴只有一个交点. 故选:B. 5.【解答】解:∵y=3x2的图象向左平移2个单位, ∴平移后的抛物线的顶点坐标为(﹣2,0), ∴得到新的图象的二次函数表达式是y=3(x+2)2. 故选:C. 6.【解答】解:∵DE∥BC,AD:DB=1:2, ∴△ADE∽△ABC,AD:AB=1:3, ∴S△ADE:S△ABC=1:9. 故选:A. 7.【解答】解:扇形的弧长为:=8πcm, 圆锥的底面半径为:8π÷2π=4cm, 故选:B. 8.【解答】解:如图,过点A作AC⊥OB于C,过点O′作O′D⊥A′B于D, ∵A(2,), ∴OC=2,AC=, 由勾股定理得,OA===3, ∵△AOB为等腰三角形,OB是底边, ∴OB=2OC=2×2=4, 由旋转的性质得,BO′=OB=4,∠A′BO′=∠ABO, ∴sin∠ABO=sin∠O′BD, ∴= ∴O′D=, BD===, ∴OD=OB+BD=4+=, ∴点O′的坐标为(,). 故选:D. 二、填空题(本大题共有8小题,每小题3分,满分24分) 9.【解答】解:∵S甲2>S乙2, ∴队员身高比较整齐的球队是乙, 故答案为:乙. 10.【解答】解:设=k,则x=2k,y=3k,z=4k, ==2; 故答案为:2. 11.【解答】解:∵∠PAC=∠CAB, ∴当∠ACP=∠B时,△ACP∽△APC, 故答案为:∠ACP=∠B(答案不唯一) 12.【解答】解:∵x=1是(k﹣1)x2+x﹣k2=0的根, ∴k﹣1+1﹣k2=0,解得k=0或1, ∵k﹣1≠0, ∴k≠1, ∴k=0. 故答案为:0. 13.【解答】解:∵h=﹣t2+12t+20 =﹣(t2﹣12t+36﹣36)+20 =﹣(t﹣6)2+56 ∵二次项系数为﹣1, ∴抛物线开口向下,当x=6时,h取得最大值,火箭能达到最大高度为56m. 故答案为:56. 14.【解答】解:∵∠A=110° ∴∠C=180°﹣∠A=70° ∴∠BOD=2∠C=140°. 故答案为:140. 15.【解答】解:连接AC,交BD于点O, ∵E、F分别是AD、CD的中点, ∴EF是△DAC的中位线, ∴EM∥AO,EM=AO, ∴S△DEM:S△DAO=1:4, ∴S△DEM:S△DAC=1:8, ∴S△DEM:S平行四边形ABCD=1:16, ∵△DEM的面积为1, ∴?ABCD的面积为16, 故答案为:16. 16.【解答】解:设y=x2﹣4x与x轴的另外一个交点为B,令y=0,则x=0或4,过点B(4,0), 由函数的对称轴,二次函数y=x2﹣4x翻折后的表达式为:y=﹣x2+4x, 当直线y=﹣2x+b处于直线m的位置时,此时直线和新图象只有一个交点A, 当直线处于直线n的位置时,此时直线n过点B(4,0)与新图象有三个交点, 当直线y=﹣2x+b处于直线m、n之间时,与该新图象有两个公共点, 当直线处于直线m的位置: 联立y=﹣2x+b与y=x2﹣4x并整理:x2﹣2x﹣b=0, 则△=4+4b=0,解得:b=﹣1; 当直线过点B时,将点B的坐标代入直线表达式得:0=﹣8+b,解得:b=8, 故﹣1<b<8; 故答案为:﹣1<b<8. 三、解答题(本大题共有10小题,满分102分,写出必备的解答过程) 17.【解答】解:原方程可化为:(x﹣7)(x+1)=0, x﹣7=0或x+1=0; 解得:x1=7,x2=﹣1. 18.【解答】解:(1)由题意可知:△=(b+2)2﹣4(6﹣b)=0, 解得:b=2或b=﹣10. (2)当b=2时, 此时x2﹣4x+4=0, ∴x1=x2=2 19.【解答】解:设一条直角边的长为xcm,则另一条直角边的长为(x+2)cm. 根据题意列方程,得x×(x+2)=24. 解方程,得x1=6,x2=﹣8(不合题意,舍去). 答:一条直角边的长为 6cm,则另一条直角边的长为8cm. 20.【解答】解:画树状图,得 由树状图可知共有4种等可能结果,其中甲队获胜的由1种结果, ∴甲队获胜的概率为. 21.【解答】解:(1)根据题意,得, 解得, ∴二次函数的表达式为y=x2﹣4x﹣5; (2)令y=x2﹣4x﹣5=0, 解得:x=﹣1或x=﹣5, ∴A(﹣1,0),B(5,0), ∴结合图象得到当x<﹣1或x>5时,函数值大于0. 22.【解答】(1)证明:∵BF⊥AE于点F,四边形ABCD为正方形, ∴△ADE和△BFA均为直角三角形, ∵DC∥AB, ∴∠DEA=∠FAB, ∴△ADE∽△BFA; (2)解:∵AD=2,E为CD的中点, ∴DE=1, ∴AE==, ∴, ∵△ADE∽△BFA, ∴=()2=, ∵S△ADE=×1×2=1, ∴S△BFA=S△ADE=. 23.【解答】解:(1)∵销售量y(件)与销售单价x(元)符合一次函数y=kx+b,且x=65时,y=55;x=75时,y=45, ∴,得, 即该函数的表达式为y=﹣x+120; (2)由题意可得, W=(x﹣60)(﹣x+120)=﹣x2+180x﹣7200=﹣(x﹣90)2+900, ∵规定试销期间销售单价不低于成本单价,且获利不得高于40%, ∴60≤x≤60(1+40%), ∴60≤x≤84, ∴当x=84,W取得最大值,此时W=864, 答:利润W与销售单价x之间的关系式是W=﹣x2+180x﹣7200;销售单价定为84元时,商场可获得最大利润,最大利润是864元. 24.【解答】(1)证明:如图1,连接CD, ∵AC是⊙O的直径, ∴∠ADC=90°, ∴∠ADB+∠EDC=90°, ∵∠BAC=∠EDC,∠EAB=∠ADB, ∴∠EAC=∠EAB+∠BAC=90°, ∴AE是⊙O的切线. (2)证明:如图2,连接BC, ∵AC是⊙O的直径, ∴∠ABC=90°, ∴∠CBA=∠ABC=90° ∵B是EF的中点, ∴在Rt△EAF中,AB=BF, ∴∠BAC=∠AFE, ∴△EAF∽△CBA. (3)解:∵△EAF∽△CBA, ∴=, ∵AF=4,CF=2. ∴AC=6,EF=2AB, ∴=,解得AB=2. ∴EF=4, ∴AE===4, 25.【解答】解:(1)①在Rt△ABC中,∵∠C=90°,AC=8,BC=6, ∴AB===10, 由题意PB=AQ=t, ∴PA=10﹣t, ∵PH⊥AC, ∴∠AHP=∠C=90°, ∴PH∥BC, ∴=, ∴=, ∴PH=(10﹣t). 故答案为10﹣t,(10﹣t). ②S=?AQ?PH=?t×(10﹣t)=﹣(t﹣5)2+, ∵﹣<0, ∴t=5时,S有最大值,最大值为. (2)①当∠AQP=90°时,∵△AQP∽△ACB, ∴=, ∴=, 解得t=. ②当∠APQ=90°时,△APQ∽△ACB, ∴=, ∴=, 解得t=, 综上所述,满足条件的t的值为或. (3)如图乙,连接PP′,PP′交QC于E, 当四边形PQP′C为菱形时,PE垂直平分QC,即PE⊥AC,QE=EC, ∴△APE∽△ABC, ∴=, ∴AE===﹣t+8, ∴QE=AE﹣AQ═﹣t+8﹣t=﹣t+8, ∵QE=QC=(8﹣t)=﹣t+4, ∴﹣t+8=﹣t+4, 解得:t=, ∵0<<4, ∴当四边形PQP′C为菱形时,t的值是. 26.【解答】解:(1)y=x+3,令x=0,则y=3,令y=0,则x=﹣3, 故点A、B的坐标分别为(﹣3,0)、(0,3),则c=3, 则函数表达式为:y=ax2+bx+3, 将点A坐标代入上式并整理得:b=3a+1; (2)当x<0时,若y=ax2+bx+c(a<0)的函数值随x的增大而增大, 则函数对称轴x=﹣≥0,而b=3a+1, 即:﹣≥0,解得:a≥﹣, 故:a的取值范围为:﹣≤a<0; (3)当a=﹣1时,二次函数表达式为:y=﹣x2﹣x+3, 过点P作直线l∥AB,作PQ∥y轴交BA于点Q,作PH⊥AB于点H, ∵OA=OB, ∴∠BAO=∠PQH=45°, S△PAB=×AB×PH=×3×PQ×=, 则PQ=|yP﹣yQ|=1, 在直线AB下方作直线m,使直线m和l与直线AB等距离, 则直线m与抛物线两个交点坐标,分别与点AB组成的三角形的面积也为1, 故:|yP﹣yQ|=1, 设点P(x,﹣x2﹣x+3),则点Q(x,x+3), 即:﹣x2﹣x+3﹣x﹣3=±1, 解得:x=﹣1或﹣1±, 故点P(﹣1,2)或(﹣1+,)或(﹣1﹣,﹣).

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  • ID:3-7131397 2019-2020学年江苏省苏州市常熟市八年级(上)期中数学试卷解析版

    初中数学/期中专区/八年级上册

    2019-2020学年江苏省苏州市常熟市八年级(上)期中数学试卷 一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.) 1.(3分)下列图形中,不是轴对称图形的是(  ) A. B. C. D. 2.(3分)下列各数中是无理数的是(  ) A. B.1.2012001 C. D. 3.(3分)近似数1.05万精确到(  ) A.百分位 B.十分位 C.个位 D.百位 4.(3分)在如图所示的数轴上表示﹣2的点在(  ) A.点A和点B之间 B.点B和点C之间 C.点C和点D之间 D.点D和点E之间 5.(3分)由下列条件不能判定△ABC为直角三角形的是(  ) A.∠A:∠B:∠C=3:4:5 B.∠A﹣∠B=∠C C.a=1,b=2,c= D.(b+c)(b﹣c)=a2 6.(3分)已知点P(m﹣2,2m﹣1)在第二象限,且m为整数,则m的值是(  ) A.0 B.1 C.2 D.3 7.(3分)在正方形网格中,△ABC的位置如图所示,且顶点在格点上,在△ABC内部有E、F、G、H四个格点,到△ABC三个顶点距离相等的点是(  ) A.点E B.点F C.点G D.点H 8.(3分)如图,在平面直角坐标系中,点A的坐标是(8,0),点B的坐标是(0,6),把线段AB绕点B逆时针旋转90°后得到线段BC,则点C的坐标是(  ) A.(6,8) B.(8,6) C.(8,14) D.(6,14) 9.(3分)如图,△ABC中,∠B=60°,AB=8,点D在BC边上,且AD=AC.若BD=,则CD的长为(  ) A.4 B. C.5 D. 10.(3分)如图,∠AOB=45°,OC为∠AOB内部一条射线,点D为射线OC上一点,OD=,点E、F分别为射线OA、OB上的动点,则△DEF周长的最小值是(  ) A. B.2 C.2 D.4 二、填空题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.把答案直接填在答题卷相对应位置上.) 11.(3分)16的算术平方根是   . 12.(3分)比较下列两数大小:﹣   ﹣. 13.(3分)等腰三角形的两边长分别为4,8,则它的周长为   . 14.(3分)已知|m+5|+=0,点P(m,n)关于x轴的对称点的坐标是   . 15.(3分)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,BC=2AC,点A与数轴上表示1的点重合,点C与数轴上表示2的点重合,以A为圆心,AB长为半径画圆弧,与数轴交于点D,则点D所表示的数是   . 16.(3分)如图,在△ABC中,ED∥BC,∠ABC和∠ACB的平分线分别交ED于点G、F,若BE=6,DC=8,DE=20,则FG=   . 17.(3分)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,BC=6,点D为斜边AB上的一点,连接CD,将△BCD沿CD翻折,使点B落在点E处,点F为直角边AC上一点,连接DF,将△ADF沿DF翻折,点A恰好与点E重合.若DC=5,则AF=   . 18.(3分)如图,已知∠EOF=90°,△ABC中,AC=BC=10,AB=12,点A、B分别在边OE、OF上运动,△ABC的形状大小始终保持不变.在运动的过程中,点C到点O的最大距离为   . 三、解答题(本大题共10小题,共76分.把解答过程写在答题卷相对应的位置上,解答时应写出必要的计算过程、推演步骤或文字说明.作图时用2B铅笔或黑色墨水签字笔.) 19.(4分)求出下列x的值: (1)﹣27x3+8=0; (2)3(x﹣1)2﹣12=0. 20.(4分)﹣|3﹣π|+. 21.(7分)已知2a﹣1的算术平方根是3,3a+b﹣9的立方根是2,c是的整数部分,求7a﹣2b﹣2c的平方根. 22.(7分)已知△ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示,且三个顶点都在正方形网格的格点上. (1)把△ABC沿y轴翻折得到△A′B′C′,画出△A′B′C′,并写出点A′的坐标   ; (2)若点P(m,n)在△ABC内部,当△ABC沿y轴翻折后,点P对应点P′的坐标是   ; (3)求△ABC的面积. 23.(6分)如图,在△ABC中,∠BAC=120°,∠B=40°,边AB的垂直平分线与边AB交于点E,与边BC交于点D. (1)求∠ADC的度数; (2)求证:△ACD为等腰三角形. 24.(7分)如图,在△ABC中,∠BAC=90°,AB=AC=,点P在边BC上,且BP=1,以PA为腰作等腰直角△APQ,且∠PAQ=90°. (1)求证:△ABP≌△ACQ; (2)求PQ长. 25.(8分)如图,在△ABC中,∠BAC=90°,AC=5,AB=12,∠BAC的平分线与BC的垂直平分线DG交于点D,DE⊥AC的延长线于点E,DF⊥AB于点F. (1)求证:CE=BF; (2)求DG的长. 26.(9分)已知,在长方形ABCD中,AB=8,BC=6,点E,F分别是边AB,BC上的点,连接DE,DF,EF. (1)如图①,当CF=2BE=2时,试说明△DEF是直角三角形; (2)如图②,若点E是边AB的中点,DE平分∠ADF,求BF的长. 27.(12分)如图,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=80°,点D为△ABC内一点,∠ABD=∠ACD=20°,E为BD延长线上的一点,且AB=AE. (1)求∠BAD的度数; (2)求证:DE平分∠ADC; (3)请判断AD,BD,DE之间的数量关系,并说明理由. 28.(12分)如图,在平面直角坐标系中,已知点A(8,0),点C(0,6),点B在x轴负半轴上,且AB=AC. (1)求点B的坐标; (2)如图②,若点E为边AC的中点,动点M从点B出发以每秒2个单位长度的速度沿线段BA向点A匀速运动,设点M运动的时间为t(秒); ①若△OME的面积为2,求t的值; ②如图③,在点M运动的过程中,△OME能否成为直角三角形?若能,求出此时t的值,并写出相应的点M的坐标;若不能,请说明理由. 2019-2020学年江苏省苏州市常熟市八年级(上)期中数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.) 1.【解答】解:A、是轴对称图形,不符合题意; B、是轴对称图形,不符合题意; C、是轴对称图形,不符合题意; D、不是轴对称图形,符合题意. 故选:D. 2.【解答】解:A.是分数,属于有理数; B.1.2012001是有限小数,属于有理数; C.是无理数; D.,是整数,属于有理数. 故选:C. 3.【解答】解:近似数1.05万精确到百位, 故选:D. 4.【解答】解:∵, ∴, ∴, 即﹣2的值在2和3之间,数轴上表示﹣2的点在点C和点D之间. 故选:C. 5.【解答】解:A、由题意:∠C=×180°=75°,△ABC是锐角三角形,本选项符合题意. B、∵∠A﹣∠B=∠C,∠A+∠B+∠C=180°,∴∠A=90°,∴△ABC是直角三角形,本选项不符合题意. C、∵a=1,b=2,c=,∴a2+b2=c2,∴∠C=90°,∴△ABC是直角三角形,本选项不符合题意. D、∵(b+c)(b﹣c)=a2,∴b2﹣c2=a2,∴b2=a2+c2,∴△ABC是直角三角形,本选项不符合题意. 故选:A. 6.【解答】解:∵点P(m﹣2,2m﹣1)在第二象限, ∴, 解得<m<2, ∵m为整数, ∴m=1, 故选:B. 7.【解答】解:∵BF=AF=CF==, ∴到△ABC三个顶点距离相等的点是F, 故选:B. 8.【解答】解:作CH⊥y轴于H. ∵A(8,0),B(0,6), ∴OA=8,OB=6, ∵∠AOB=∠ABC=∠CHB=90°, ∴∠CBH+∠ABO=90°,∠ABO+∠BAO=90°, ∴∠CBH=∠BAO, ∵BC=BA, ∴△CHB≌△BOA(AAS), ∴BH=OA=8,CH=OB=6, ∴OH=8+6=14, ∴C(6,14), 故选:D. 9.【解答】解:过点A作AE⊥BC, ∵AD=AC, ∴E是CD的中点, ∵∠B=60°,AB=8, 在Rt△ABE中,BE=4, ∵BD=, ∴DE=4﹣=, ∴CD=5, 故选:C. 10.【解答】解:作点D关于OA的对称点P,点D关于OB的对称点Q,连结PQ, 与OA的交点即为点E,与OB的交点即为点F, △DEF的最小周长为DE+EF+QF=PE+EF+QF=PQ,即为线段PQ的长, 连结OP、OQ,则OP=OQ=, 又∵∠POQ=2∠AOB=90°, ∴△OPQ是等腰直角三角形, ∴PQ=OD=2, 即△PMN的周长的最小值是2. 故选:B. 二、填空题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.把答案直接填在答题卷相对应位置上.) 11.【解答】解:∵42=16, ∴=4. 故答案为:4. 12.【解答】解:∵|﹣|>|﹣|, ∴|<, 故答案为:<. 13.【解答】解:①当4为腰时,4+4=8,故此种情况不存在; ②当8为腰时,8﹣4<8<8+4,符合题意. 故此三角形的周长=8+8+4=20. 故答案是:20. 14.【解答】解:由于|m+5|+=0, 所以 m+5=0,n﹣3=0, 所以 m=﹣5,n=3, 所以 点P的坐标是(﹣5,3). 所以点P(m,n)关于x轴的对称点的坐标是 (﹣5,﹣3). 故答案是:(﹣5,﹣3). 15.【解答】解:AB=, ∵AD=AB, ∴点D所表示的数是1+. 故答案为:1+. 16.【解答】解:∵ED∥BC, ∴∠EGB=∠GBC,∠DFC=∠FCB, ∵∠GBC=∠GBE,∠FCB=∠FCD, ∴∠EGB=∠EBG,∠DCF=∠DFC, ∴BE=EG,CD=DF, ∵BE=6,DC=8,DE=20, ∴FG=DE﹣EG﹣DF=DE﹣BE﹣CD=20﹣6﹣8=6, 故答案为6. 17.【解答】解:在Rt△ACB中,BC=6,∠ACB=90°, ∵将△BCD沿CD翻折,使点B落在点E处, ∴BD=DE, ∵将△ADF沿DF翻折,点A恰好与点E重合, ∴AD=DE, ∴AD=DB, ∴CD=DA=DB=AB, ∵DC=5, ∴AB=10, ∴AC==8, ∴∠DCA=∠A, ∵∠CDB=∠CDE,∠FDE=∠FDA, ∴∠CDF=90°, ∴∠CDF=∠ACB, ∴△CDF∽△ACB, ∴=, ∴=, ∴CF=, ∴AF=AC﹣CF=, 故答案为:. 18.【解答】解:作CD⊥AB于D,连接OD,如图, ∵CA=CB,CD⊥AB, ∴AD=BD=AB=6, 在Rt△ACD中,CD==8, ∵∠AOB=90°, ∴OD=AB=6, ∵OC≤OD+OC(当且仅当C、D、O共线时取等号), ∴OC的最大值为OD+OC=6+8=14, 即点C到点O的最大距离为14. 故答案为14. 三、解答题(本大题共10小题,共76分.把解答过程写在答题卷相对应的位置上,解答时应写出必要的计算过程、推演步骤或文字说明.作图时用2B铅笔或黑色墨水签字笔.) 19.【解答】解:(1)∵﹣27x3+8=0, ∴﹣27x3=﹣8, 则x3=, 解得:x=; (2)∵3(x﹣1)2﹣12=0, ∴3(x﹣1)2=12, ∴(x﹣1)2=4, 则x﹣1=±2 解得:x=3或x=﹣1. 20.【解答】解:原式=10﹣(π﹣3)﹣3 =10﹣π+3﹣3 =10﹣π. 21.【解答】解:∵2a﹣1的算术平方根是3, ∴2a﹣1=9, ∴a=5, ∵3a+b﹣9的立方根是2, ∴3a+b﹣9=8, ∴b=2, ∵c是的整数部分,, ∴c=3, ∴7a﹣2b﹣2c=35﹣4﹣6=25, ∴7a﹣2b﹣2c的平方根是±5. 22.【解答】解:(1)如图,△A′B′C′即为所求,A′(2,3). 故答案为(2,3). (2)若点P(m,n)在△ABC内部,当△ABC沿y轴翻折后,点P对应点P′的坐标是(﹣m,n), 故答案为(﹣m,n). (3)△ABC的面积=4×6﹣×3×5﹣×1×4﹣×1×6=11.5. 23.【解答】解:(1)∵DE垂直平分AB, ∴DB=DA, ∴∠B=∠DAB, ∵∠B=40°, ∴∠B=∠DAB=40°, ∴∠ADC=∠B+∠DAB=80°; (2)∵∠DAC=∠BAC﹣∠DAB=120°﹣40°=80°=∠ADC, ∴CA=CD, ∴△ACD为等腰三角形. 24.【解答】证明:(1)∵∠BAC=∠PAQ=90°, ∴∠BAP=∠CAQ,且AB=AC,AP=AQ, ∴△ABP≌△ACQ(SAS) (2)∵∠BAC=90°,AB=AC=, ∴∠ABC=∠ACB=45°,BC=4, ∴PC=3, ∵△ABP≌△ACQ, ∴∠ACQ=∠ABC=45°,BP=CQ=1, ∴∠PCQ=90°, ∴PQ===. 25.【解答】(1)证明:连接DC、DB, ∵DE⊥AC,DF⊥AB,AD平分∠CAB, ∴DE=DF,∠DEC=∠DFB=90°, ∵DG垂直平分BC, ∴DC=DB, 在Rt△DEC和Rt△DFB中, ∴Rt△DEC≌Rt△DFB(HL) ∴CE=BF; (2)∵∠BAC=90°,AC=5,AB=12, ∴BC==13, 由(1)知Rt△DEC≌Rt△DFB, 则∠EDC=∠FDB, ∵∠BAC=∠DEC=∠DFA=90°, ∴∠EDF=90°, ∴∠EDC+∠CDF=90°, ∴∠FDB+∠CDF=90°, ∴∠CDB=90°, ∵BC=13,DG垂直平分BC, ∴DG=6.5. 26.【解答】(1)证明;∵CF=2BE=2, ∴BE=1, ∴AE=AB﹣BE=7. ∵四边形ABCD是矩形, ∴∠A=∠B=∠C=90°,CD=AB=8,AD=BC=6, 在Rt△ADE中,DE2=AE2+AD2=62+72=85, 在Rt△DCF中,DF2=DC2+CF2=82+22=68, 在Rt△BEF中,EF2=BE2+EF2=12+42=17, ∴DF2+EF2=DE2, ∴△DEF是直角三角形,且∠DFE=90°; (2)解:作EH⊥DF于H, 则∠A=∠DHE=90°. ∵DE平分∠ADF, ∴∠ADE=∠HDE, 在△AED和△HED中,, ∴△AED≌△HED(AAS), ∴DA=DH=6,EA=EH=4, ∴EH=EB=4, 在Rt△EHF和Rt△EBF中,, ∴Rt△EHF≌Rt△EBF(HL), ∴BF=HF. 设BF=x,则HF=x,CF=6﹣x, ∴DF=DH+HF=6+x, 在Rt△CDF中,DC2+CF2=DF2, ∴82+(6﹣x)2=(6+x)2, ∴x=, 即BF=. 27.【解答】(1)解:∵AB=AC, ∴∠ABC=∠ACB. ∵∠ABD=∠ACD, ∴∠ABC﹣∠ABD=∠ACB﹣∠ACD, ∴∠DBC=∠DCB, ∴BD=CD. 在△ABD与△ACD中, ∴△ABD≌△ACD(SAS), ∴∠BAD=. (2)证明:∵∠ADE是△ABD的外角, ∴∠ADE=∠BAD+∠ABD=60°, ∵∠BAC=80°, ∴∠ABC=∠ACB=50°, ∴∠DBC=∠DCB=30°, ∴∠EDC=∠DBC+∠DCB=60°, ∴∠ADE=∠EDC, ∴DE平分∠ADC. (3)结论:DE=AD+BD. 在DE上取点F,使DF=DA,连接AF. ∵AB=AE, ∴∠ABE=∠E, ∵DA=DF,∠ADE=60°, ∴△ADF为等边三角形, ∴∠ADF=∠AFD=60°, ∴∠ADB=∠AFE=120°. 在△ABD与△AEF中, ∴△ABD≌△AEF(AAS). ∴BD=EF, ∵DE=DF+EF, ∴DE=AD+BD. 28.【解答】解:(1)∵点A(8,0)、点C(0,6), ∴OA=8,OC=6, ∴AC===10. ∵AB=AC=10, ∴OB=2, ∴B(﹣2,0). (2)作EH⊥OA于H, ∵在Rt△AOC中,点E为边AC的中点, ∴EO=EA=5, ∵EH⊥OA, ∴OH=AH=4, ∴EH==3. 当点M在点O的左侧时,OM=2﹣2t, ∴, ∴t=; 当点M在点O的右侧时,OM=2t﹣2, ∴, ∴t=; 综上所述,若△OME的面积为2,t的值为或. ②当点M在BO上,即0≤t<1时,△OME为钝角三角形不能成为直角三角形; 当t=1时,点M运动到点O,△OME不构成三角形, 当点M在OA上,即1≤t≤5时, 如图3,当∠OME=90°时, ∵OE=AE, ∴OM=OA, ∴2t﹣2=4, ∴t=3,M(4,0); 如图4,当∠OEM=90°时,作EH⊥OA于H, ∵OE2+EM2=OM2, ∴52+(2t﹣6)2+32=(2t﹣2)2, ∴t=,M(,0); 综上所述,符合要求时t=3,M(4,0)或t=,M(,0).

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    初中数学/期末专区/八年级上册

    2019-2020学年江苏省连云港外国语学校八年级(上)期末数学试卷 一、选择题(每小题3分,满分24分) 1.(3分)在下列黑体大写英文字母中,不是轴对称图形的是(  ) A. B. C. D. 2.(3分)下列各点中,位于平面直角坐标系第四象限的点是(  ) A.(1,2) B.(﹣1,2) C.(1,﹣2) D.(﹣1,﹣2) 3.(3分)下列四组线段中,可以构成直角三角形的是(  ) A.4,5,6 B.1.5,2,2.5 C.2,3,4 D.1,,3 4.(3分)如图,亮亮书上的三角形被墨迹污染了一部分,很快他就根据所学知识画出一个与书上完全一样的三角形.他的依据是(  ) A.SAS B.ASA C.AAS D.SSS 5.(3分)如果等腰三角形两边长是5cm和2cm,那么它的周长是(  ) A.7cm B.9cm C.9cm或12cm D.12cm 6.(3分)一次函数y=﹣2x+3的图象不经过的象限是(  ) A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 7.(3分)下列说法中,正确的是(  ) A.带根号的数都是无理数 B.不带根号的数一定是有理数 C.无限小数都是无理数 D.无理数是无限不循环小数 8.(3分)已知A(a,b),B(c,d)是一次函数y=kx﹣3x+2图象上的不同两个点,m=(a﹣c)(b﹣d),则当m<0时,k的取值范围是(  ) A.k<3 B.k>3 C.k<2 D.k>2 二、填空题(每小题3分,满分24分) 9.(3分)4的平方根是   . 10.(3分)若函数y=kx+3的图象经过点(3,6),则k=   . 11.(3分)小明体重约为62.36千克,如果精确到0.1千克,其结果为   千克. 12.(3分)已知点M(1,a)和点N(2,b)是一次函数y=﹣2x+1图象上的两点,则a与b的大小关系是   . 13.(3分)如图,在平面直角坐标系中,函数y=﹣2x与y=kx+b的图象交于点P(m,2),则不等式kx+b>﹣2x的解集为   . 14.(3分)如图,长方形ABCD的边AD长为2,AB长为1,点A在数轴上对应的数是﹣1,以A点为圆心,对角线AC长为半径画弧,交数轴于点E,则这个点E表示的实数是   . 15.(3分)在△ABC中,AB=AC=5,BC=6,若点P在边AB上移动,则CP的最小值是   . 16.(3分)如图,等边三角形的顶点A(1,1)、B(3,1),规定把等边△ABC“先沿y轴翻折,再向下平移1个单位”为一次变换,如果这样连续经过2020次变换后,等边△ABC的顶点C的坐标为   . 三、解答题(共10大题,满分102分) 17.(10分)(1)求式中x的值:(x﹣1)2=16 (2)计算:﹣12020﹣+ 18.(8分)已知,如图,AB∥CD,E是AB的中点,CE=DE,求证:AC=BD. 19.(8分)一次函数的图象经过点A(2,4)和B(﹣1,﹣5)两点. (1)求出该一次函数的表达式; (2)判断(﹣5,﹣4)是否在这个函数的图象上? (3)求出该函数图象与坐标轴围成的三角形面积. 20.(10分)在如图所示的正方形网格中,每个小正方形的边长都是1,△ABC的顶点都在正方形网格的格点(网格线的交点)上. (1)请在如图所示的网格平面内作出平面直角坐标系,使点A坐标为(1,3)点B坐标为(2,1); (2)请作出△ABC关于y轴对称的△A'B'C',并写出点C'的坐标; (3)判断△ABC的形状.并说明理由. 21.(10分)一架梯子AB长25米,如图斜靠在一面墙上,梯子底端B离墙7米. (1)这个梯子的顶端距地面有多高? (2)如果梯子的顶端下滑了4米,那么梯子底部在水平方向滑动了4米吗?为什么? 22.(10分)如图1,已知ED垂直平分BC,垂足为D,AB与EK相交于点F,连接CF. (1)求证:∠AFE=∠CFD; (2)如图2,在△GMN中,P为MN上的任意一点.在GN边上求作点Q,使得∠GQM=∠PQN,保留作图痕迹,写出作法并作简要证明. 23.(10分)某工厂计划生产A、B两种产品共50件,已知A产品成本2000元/件,售价2300元/件;B种产品成本3000元/件,售价3500元/件,设该厂每天生产A种产品x件,两种产品全部售出后共可获利y元. (1)求出y与x的函数表达式; (2)如果该厂每天最多投入成本140000元,那么该厂生产的两种产品全部售出后最多能获利多少元? 24.(10分)如图,在△ABC中,AB=AC=2,∠B=36°,点D在线段BC上运动(点D不与点B、C重合),连接AD,作∠ADE=36°,DE交线段AC于点E. (1)当∠BDA=128°时,∠EDC=   ,∠AED=   ; (2)线段DC的长度为何值时,△ABD≌△DCE?请说明理由; (3)在点D的运动过程中,△ADE的形状可以是等腰三角形吗?若可以,请直接写出∠BDA的度数;若不可以,请说明理由. 25.(12分)如图(1)所示,在A,B两地间有一车站C,甲汽车从A地出发经C站匀速驶往B地,乙汽车从B地出发经C站匀速驶往A地,两车速度相同.如图(2)是两辆汽车行驶时离C站的路程y(千米)与行驶时间x(小时)之间的函数关系的图象. (1)填空:a=   km,b=   h,AB两地的距离为   km; (2)求线段PM、MN所表示的y与x之间的函数表达式(自变量取值范围不用写); (3)求行驶时间x满足什么条件时,甲、乙两车距离车站C的路程之和最小? 26.(14分)如图,将一张边长为8的正方形纸片OABC放在直角坐标系中,使得OA与y轴重合,OC与x轴重合,点P为正方形AB边上的一点(不与点A、点B重合).将正方形纸片折叠,使点O落在P处,点C落在G处,PG交BC于H,折痕为EF.连接OP、OH. 初步探究 (1)当AP=4时 ①直接写出点E的坐标   ; ②求直线EF的函数表达式. 深入探究 (2)当点P在边AB上移动时,∠APO与∠OPH的度数总是相等,请说明理由. 拓展应用 (3)当点P在边AB上移动时,△PBH的周长是否发生变化?并证明你的结论. 2019-2020学年江苏省连云港外国语学校八年级(上)期末数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(每小题3分,满分24分) 1.【解答】解:A、“E”是轴对称图形,故本选项不合题意; B、“M”是轴对称图形,故本选项不合题意; C、“N”不是轴对称图形,故本选项符合题意; D、“H”是轴对称图形,故本选项不合题意. 故选:C. 2.【解答】解:A、(1,2)在第一象限,故本选项错误; B、(﹣1,2)在第二象限,故本选项错误; C、(1,﹣2)在第四象限,故本选项正确; D、(﹣1,﹣2)在第三象限,故本选项错误. 故选:C. 3.【解答】解:A、42+52=41≠62,不可以构成直角三角形,故A选项错误; B、1.52+22=6.25=2.52,可以构成直角三角形,故B选项正确; C、22+32=13≠42,不可以构成直角三角形,故C选项错误; D、12+()2=3≠32,不可以构成直角三角形,故D选项错误. 故选:B. 4.【解答】解:如图,∠A、AB、∠B都可以测量, 即他的依据是ASA. 故选:B. 5.【解答】解:当三边是2cm,2cm,5cm时,不符合三角形的三边关系; 当三角形的三边是5cm,5cm,2cm时,符合三角形的三边关系, 此时周长是5+5+2=12cm. 故选:D. 6.【解答】解:∵y=﹣2x+3中,k=﹣2<0, ∴必过第二、四象限, ∵b=3, ∴交y轴于正半轴. ∴过第一、二、四象限,不过第三象限, 故选:C. 7.【解答】解:A、=2,2不是无理数, 则带根号的数都是无理数,说法错误; B、π不带根号的数是无理数, 则不带根号的数一定是有理数,说法错误; C、无限不循环小数都是无理数,本选项说法错误; D、无理数是无限不循环小数,说法正确; 故选:D. 8.【解答】解:∵A(a,b),B(c,d)是一次函数y=kx﹣3x+2图象上的不同两个点, ∴b=ka﹣3a+2,d=kc﹣3c+2,且a≠c, ∴k﹣3=, ∵m=(a﹣c)(b﹣d)<0, ∴k<3, 故选:A. 二、填空题(每小题3分,满分24分) 9.【解答】解:∵(±2)2=4, ∴4的平方根是±2. 故答案为:±2. 10.【解答】解:∵函数y=kx+3的图象经过点(3,6), ∴6=3k+3, ∴k=1. 故答案为:1. 11.【解答】解:62.36千克精确到0.1千克为62.4千克. 故答案为62.4. 12.【解答】解:∵一次函数y=﹣2x+1中k=﹣2, ∴该函数中y随着x的增大而减小, ∵1<2, ∴a>b. 故答案为:a>b. 13.【解答】解:当y=2时,﹣2x=2, x=﹣1, 由图象得:不等式kx+b>﹣2x的解集为:x>﹣1, 故答案为:x>﹣1. 14.【解答】解:∵AD长为2,AB长为1, ∴AC==, ∵A点表示﹣1, ∴点E表示的实数是﹣1. 故答案为:﹣1. 15.【解答】解:如图,作AF⊥BC于点F,作CP⊥AB于点P, 根据题意得此时CP的值最小; 解:作BC边上的高AF, ∵AB=AC=5,BC=6, ∴BF=CF=3, ∴由勾股定理得:AF=4, ∴S△ABC=AB?PC=BC?AF=×5CP=×6×4 得:CP=4.8 故答案为4.8. 16.【解答】解:∵△ABC是等边三角形AB=3﹣1=2, ∴点C到y轴的距离为1+2×=2,点C到AB的距离为, ∴C(2,+1), 第2020次变换后的三角形在y轴右侧, 点C的横坐标为2, 纵坐标为+1﹣2020=﹣2019, 所以,点C的对应点C′的坐标是(2,﹣2019), 故答案为:(2,﹣2019). 三、解答题(共10大题,满分102分) 17.【解答】解:(1)(x﹣1)2=16, x﹣1=±4, 解得:x=5或﹣3; (2)﹣12020﹣+ =﹣1﹣5﹣3 =﹣9. 18.【解答】证明:∵CE=DE, ∴∠ECD=∠EDC, ∵AB∥CD, ∴∠AEC=∠ECD,∠BED=∠EDC, ∴∠AEC=∠BED, 又∵E是AB的中点, ∴AE=BE, 在△AEC和△BED中, , ∴△AEC≌△BED. ∴AC=BD. 19.【解答】解:(1)设一次函数的解析式为y=kx+b, ∵一次函数的图象经过点A(2,4)和B(﹣1,﹣5)两点. ∴,∴, ∴一次函数的表达式为y=3x﹣2; (2)由(1)知,一次函数的表达式为y=3x﹣2, 将x=﹣5代入此函数表达式中得,y=3×(﹣5)﹣2=﹣17≠﹣4, ∴(﹣5,﹣4)不在这个函数的图象上; (3)由(1)知,一次函数的表达式为y=3x﹣2, 令x=0,则y=﹣2, 令x=0,则3x﹣2=0, ∴x=, ∴该函数图象与坐标轴围成的三角形面积为×2×=. 20.【解答】解:(1)如图所示: (2)如图所示:△A'B'C'即为所求: C'的坐标为(﹣5,5); (3)∵AB2=1+4=5,AC2=4+16=20,BC2=9+16=25, ∴AB2+AC2=BC2, ∴△ABC是直角三角形. 21.【解答】解:(1)由题意,得AB2=AC2+BC2,得 AC===24(米). (2)由A′B′2=A′C2+CB′2,得 B′C====15(米). ∴BB′=B′C﹣BC=15﹣7=8(米). 答:梯子底部在水平方向不是滑动了4米,而是8米. 22.【解答】解:(1)证明:∵ED垂直平分BC, ∴FC=FB, ∴△FCB是等腰三角形, ∵FD⊥BC, 由等腰三角形三线合一可知: FD是∠CFB的角平分线, ∴∠CFD=∠BFD, ∵∠AFE=∠BFD, ∴∠AFE=∠CFD. (2)作点P关于GN的对称点P′, 连接P′M交GN于点Q, 点Q即为所求. ∵QP=QP′, ∴△QPP′是等腰三角形, ∵QN⊥PP′, ∴QN是∠PQP′的角平分线, ∴∠PQN=∠P′QN, ∵∠GQM=∠P′QN, ∴∠GQM=∠PQN. 23.【解答】解:(1)由题意可得, y=(2300﹣2000)x+(3500﹣3000)(50﹣x)=﹣200x+25000, 即y与x的函数表达式为y=﹣200x+25000; (2)∵该厂每天最多投入成本140000元, ∴2000x+3000(50﹣x)≤140000, 解得,x≥10, ∵y=﹣200x+25000, ∴当x=10时,y取得最大值,此时y=23000, 答:该厂生产的两种产品全部售出后最多能获利23000元. 24.【解答】解:(1)∵AB=AC, ∴∠C=∠B=36°, ∵∠ADE=36°,∠BDA=128°, ∵∠EDC=180°﹣∠ADB﹣∠ADE=16°, ∴∠AED=∠EDC+∠C=16°+36°=52°, 故答案为:16°;52°; (2)当DC=2时,△ABD≌△DCE, 理由:∵AB=2,DC=2, ∴AB=DC, ∵∠C=36°, ∴∠DEC+∠EDC=144°, ∵∠ADE=36°, ∴∠ADB+∠EDC=144°, ∴∠ADB=∠DEC, 在△ABD和△DCE中, , ∴△ABD≌△DCE(AAS); (3)当∠BDA的度数为108°或72°时,△ADE的形状是等腰三角形, ①当DA=DE时,∠DAE=∠DEA=72°, ∴∠BDA=∠DAE+∠C=70°+40°=108°; ②当AD=AE时,∠AED=∠ADE=36°, ∴∠DAE=108°, 此时,点D与点B重合,不合题意; ③当EA=ED时,∠EAD=∠ADE=36°, ∴∠BDA=∠EAD+∠C=36°+36°=72°; 综上所述,当∠BDA的度数为108°或72°时,△ADE的形状是等腰三角形. 25.【解答】解:(1)两车的速度为:300÷5=60km/h, a=60×(7﹣5)=120, b=7﹣5=2, AB两地的距离是:300+120=420, 故答案为:120,2,420; (2)设线段PM所表示的y与x之间的函数表达式是y=kx+b, ,得, 即线段PM所表示的y与x之间的函数表达式是y=﹣60x+300; 设线段MN所表示的y与x之间的函数表达式是y=mx+n, ,得, 即线段MN所表示的y与x之间的函数表达式是y=60x﹣300; (3)设DE对应的函数解析式为y=cx+d, ,得, 即DE对应的函数解析式为y=﹣60x+120, 设EF对应的函数解析式为y=ex+f, ,得, 即EF对应的函数解析式为y=60x﹣120, 设甲、乙两车距离车站C的路程之和为skm, 当0≤x≤2时, s=(﹣60x+300)+(﹣60x+120)=﹣120x+420, 则当x=2时,s取得最小值,此时s=180, 当2<x≤5时, s=(﹣60x+300)+(60x﹣120)=180, 当5≤x≤7时, s=(60x﹣300)+(60x﹣120)=120x﹣420, 则当x=5时,s取得最小值,此时s=180, 由上可得, 行驶时间x满足2≤x≤5时,甲、乙两车距离车站C的路程之和最小. 26.【解答】解:(1)①设:OE=PE=a,则AE=8﹣a,AP=4, 在Rt△AEP中,由勾股定理得:PE2=AE2+AP2, 即a2=(8﹣a)2+16,解得:a=5, 故点E(0,5), 故答案为:(0,5); ②过点F作FR⊥y轴于点R, 折叠后点O落在P处,则点O、P关于直线EF对称,则OP⊥EF, ∴∠EFR+∠FER=90°,而∠FER+∠AOP=90°,∴∠AOP=∠EFR, 而∠OAP=∠FRE,RF=AO, ∴△AOP≌△FRE(AAS), ∴ER=AP=4, OR=EO﹣OR=5﹣4=1,故点F(8,1), 将点E、F的坐标代入一次函数表达式:y=kx+b得:,解得:, 故直线EF的表达式为:y=﹣x+5; (2)证明:∵PE=OE, ∴∠EOP=∠EPO. 又∵∠EPH=∠EOC=90°, ∴∠EPH﹣∠EPO=∠EOC﹣∠EOP. 即∠POC=∠OPH. 又∵AB∥OC, ∴∠APO=∠POC. ∴∠APO=∠OPH; (3)解:如图,过O作OQ⊥PH,垂足为Q. 由(1)知∠APO=∠OPH, 在△AOP和△QOP中, ∠APO=∠OPH,∠A=∠OQP,OP=OP, ∴△AOP≌△QOP(AAS). ∴AP=QP,AO=OQ. 又∵AO=OC, ∴OC=OQ. 又∵∠C=∠OQH=90°,OH=OH, ∴△OCH≌△OQH(SAS). ∴CH=QH. ∴△PHB的周长=PB+BH+PH=AP+PB+BH+HC=AB+CB=16; 故答案为:16.

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  • ID:3-7131388 2019-2020学年江苏省南通市崇川区田家炳中学七年级(上)期末数学试卷 (详细答案)

    初中数学/期末专区/七年级上册

    2019-2020学年江苏省南通市崇川区田家炳中学七年级(上)期末数学试卷 一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确的选项的字母代号填涂在答题卡相应位置上) 1.(3分)两千多年前,中国人就开始使用负数,如果收入100元记作+100,那么支出60元应记作(  ) A.﹣60 B.﹣40 C.+40 D.+60 2.(3分)2019年是中华人民共和国成立70周年,10月1日上午在天安门举行了盛大的阅兵式和群众游行,约有115000名官兵和群众参与,是我们每个中国人的骄傲.将115000用科学记数法表示为(  ) A.115×103 B.11.5×104 C.1.15×105 D.0.115×106 3.(3分)有理数a、b在数轴上的对应的位置如图所示,则(  ) A.a+b<0 B.a+b>0 C.a﹣b=0 D.a﹣b>0 4.(3分)如果∠α=46°,那么∠α的余角的度数为(  ) A.56° B.54° C.46° D.44° 5.(3分)下列运算结果正确的是(  ) A.5x4﹣3x3=2x B.3mn+4=7mn C.﹣a2b+b2a=0 D.2a5+7a5=9a5 6.(3分)如图,可以判定AB∥CD的条件是(  ) A.∠1=∠2 B.∠3=∠4 C.∠D=∠5 D.∠BAD+∠B=180° 7.(3分)一商家进行促销活动,某商品的优惠措施是“第二件商品半价”.现购买2件该商品,相当于这2件商品共打了(  ) A.5 折 B.5.5折 C.7折 D.7.5折 8.(3分)如图,一根长为10厘米的木棒,棒上有两个刻度,若把它作为尺子,量一次要量出一个长度,能量的长度共有(  ) A.7个 B.6个 C.5个 D.4个 9.(3分)按下面的程序计算,若开始输入的值x为正数,最后输出的结果为283,则满足条件的x不同值最多有(  ) A.6个 B.5个 C.4个 D.3个 10.(3分)如图,用三个同(1)图的长方形和两个同(2)图的长方形用两种方式去覆盖一个大的长方形ABCD,两种方式未覆盖的部分(阴影部分)的周长一样,那么(1)图中长方形的面积S1与(2)图长方形的面积S2的比是多少?(  ) A.2:3 B.1:2 C.3:4 D.1:1 二、填空题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答.题.卡.相.应.的.位.置.上) 11.(3分)比较大小:﹣1   ﹣(填“>”“<”获“=”) 12.(3分)单项式﹣5x4y2的系数是   . 13.(3分)已知x=1是一元一次方程2x﹣a=3的解,则a的值是   . 14.(3分)某同学在做计算A+B时,误将“A+B”看成了“A﹣B”,求得的结果是9x2﹣2x+7,已知B=x2+3x+2,则A+B的正确答案为   . 15.(3分)已知∠A与∠B互补,且∠A等于3∠B﹣20°,则∠A=   . 16.(3分)某学校实行小班化教学,若每间教室安排20名学生,则缺少3间教室;若每间教室安排24名学生,则空出一间教室,那么这所学校共有   间教室. 17.(3分)已知点C在直线AB上且BC=2AB,取AC的中点D,已知线段BD的长为6,则线段AB的长为   . 18.(3分)方程x+++……+=2019的解是x=   . 三、解答题(本大题共9小题,共96分.请在答题开指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 19.(8分)计算题: (1)(+﹣)÷ (2)(﹣1)2020×|1|﹣(0.5)÷(﹣) 20.(16分)解方程: (1)4x+3=2x+5 (2)x+2=x (3)5x﹣3=2(x﹣12) (4)﹣=1 21.(8分)先化简,再求值:2a﹣3b+[4a﹣(3a﹣b)],其中a、b满足|a+1|+3(b+2)2=0. 22.(8分)如图,点C,E是线段AB上两点,点D为线段AB的中点,AB=6,CD=1. (1)求BC的长; (2)若AE:EC=1:3,求EC的长. 23.(8分)如图,AB和CD相交于点O,∠A=∠D,OE∥AC,且OE平分∠BOC.求证:AC∥BD. 24.(10分)A、B、C、D四个车站的位置如图所示,A、B两站之间的距离AB=a﹣b,B、C两站之间的距离BC=2a﹣b,B、D两站之间的距离BD=a﹣2b﹣1. 求:(1)A、C两站之间的距离AC; (2)若A、C两站之间的距离AC=90km,求C、D两站之间的距离CD. 25.(12分)如图,已知AB∥CD,直线分别交AB、CD于点E,F,∠EFB=∠B,FH⊥FB. (1)已知∠B=20°,求∠DFH; (2)求证:FH平分∠GFD; (3)若为∠CFE:∠B=4:1,则∠GFH的度数   . 26.(12分)滴滴公布了新的滴滴快车计价规则,车费由“总里程费+总时长费”两部分构成,不同时段收费标准不同,具体收费标准如下表,如果车费不足起步价,则按起步价收费. 时间段 里程费(元/千米) 时长费(元/分钟) 起步价(元) 06:00﹣10:00 1.80 0.80 14.00 10:00﹣17:00 1.45 0.40 13.00 17:00﹣21:00 1.50 0.80 14.00 21:00﹣6:00 0.80 0.80 14.00 (1)小明早上7:10乘坐滴滴快车上学,行车里程6千米,行车时间10分钟,则应付车费多少元? (2)小云17:10放学回家,行车里程2千米,行车时间12分钟,则应付车费多少元? (3)下晚自习后小明乘坐滴滴快车回家,20:45在学校上车,由于堵车,平均速度是a千米/小时,15分钟后走另外一条路回家,平均速度是b千米/小时,10分钟后到家,则他应付车费多少元? 27.(14分)定义:关于x的两个一次二项式,其中任意一个式子的一次项系数都是另一个式子的常数项,则称这两个式子互为“田家炳式”.例如,式子3x+4与4x+3互为“田家炳式”. (1)判断式子﹣5x+2与﹣2x+5   (填“是”或“不是”)互为“田家炳式”; (2)已知式子ax+b的“田家炳式”是3x﹣4且数a、b在数轴上所对应的点为A、B. ①化简|x+a|+|x+b|的值为7,则x的取值范围是   ; ②数轴上有一点P到A、B两点的距离的和PA+PB=11,求点P在数轴上所对应的数. (3)在(2)的条件下, ①若A点,B点同时沿数轴向正方向运动,A点的速度是B点速度的2倍,且3秒后,2OA=OB,求点A的速度. ②数轴上存在唯一的点M,使得点M到A、B两点的距离的差MA﹣MB=m,求m的取值范围.(直接写出结果) 2019-2020学年江苏省南通市崇川区田家炳中学七年级(上)期末数学试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的,请将正确的选项的字母代号填涂在答题卡相应位置上) 1.【解答】解:根据题意,收入100元记作+100, 则支出60元应记作﹣60. 故选:A. 2.【解答】解:将115000用科学记数法表示为:1.15×105. 故选:C. 3.【解答】解:根据图形可得:a<﹣1,0<b<1, ∴|a|>|b|, A、a+b<0,故A选项正确; B、a+b>0,故B选项错误; C、a﹣b<0,故C选项错误; D、a﹣b<0,故D选项错误. 故选:A. 4.【解答】解:∵∠α=46°, ∴它的余角为90°﹣∠α =90°﹣46° =44°. 故选:D. 5.【解答】解;A、5x4与3x3不是同类项,不能合并,故选项不符合题意; B、3mn与4不是同类项,不能合并,故选项不符合题意; C、﹣a2b与b2a不是同类项,不能合并,故选项不符合题意; D、2a5+7a5=9a5正确,故选项符合题意. 故选:D. 6.【解答】解:A、由∠1=∠2,可得到AD∥BC,故此选项不合题意; B、由∠3=∠4,可得到AB∥CD,故此选项符合题意; C、由∠D=∠5,可得到AD∥BC,故此选项不合题意; D、由∠BAD+∠B=180°,可得到AD∥BC,故此选项不合题意; 故选:B. 7.【解答】解:设第一件商品x元,买两件商品共打了y折,根据题意可得: x+0.5x=2x?, 解得:y=7.5 即相当于这两件商品共打了7.5折. 故选:D. 8.【解答】解:∵图中共有3+2+1=6条线段, ∴能量出6个长度,分别是:2厘米、3厘米、5厘米、7厘米、8厘米、10厘米. 故选:B. 9.【解答】解:把x=代入得:3x+1=3; 把x=3代入得:3x+1=10; 把x=10代入得:3x+1=31; 把x=31代入得:3x+1=94; 把x=94代入得:3x+1=283>200, 则满足条件的x不同值为,3,10,31,94,共5个. 故选:B. 10.【解答】解:设图(1)中长方形的长为acm,宽为bcm,图(2)中长方形的宽为xcm,长为ycm, 由两个长方形ABCD的AD=3b+2y=a+x, ∴图(3)阴影部分周长为:2(3b+2y+DC﹣x)=6b+4y+2DC﹣2x=2a+2x+2DC﹣2x=2a+2DC, ∴图(4)阴影部分周长为:2(a+x+DC﹣3b)=2a+2x+2DC﹣6b=2a+2x+2DC﹣2(a+x﹣2y)=2DC+4y, ∵两种方式未覆盖的部分(阴影部分)的周长一样, ∴2a+2DC=2DC+4y, a=2y, ∵3b+2y=a+x, ∴x=3b, ∴===, 故选:A. 二、填空题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答.题.卡.相.应.的.位.置.上) 11.【解答】解:∵|﹣1|>||, ∴. 故答案为:< 12.【解答】解:﹣5x4y2的系数是﹣5, 故答案是﹣5. 13.【解答】解:∵x=1是一元一次方程2x﹣a=3的解, ∴2﹣a=3, 解得a=﹣1. 故答案是:﹣1. 14.【解答】解:∵A﹣B=9x2﹣2x+7,B=x2+3x+2, ∴A=x2+3x+2+9x2﹣2x+7, =10x2+x+9, ∴A+B=10x2+x+9+x2+3x+2, =11x2+4x+11. 故答案为:11x2+4x+11. 15.【解答】解:∵∠A与∠B互补, ∴∠A+∠B=180°, ∵∠A=3∠B﹣20°, ∴3∠B﹣20°+∠B=180°, ∴4∠B=180°+20°, ∴∠B=50°, ∠A=180°﹣50°=130°. 故答案为:130°. 16.【解答】解:设有x间教室. 由题意,得:20(x+3)=24(x﹣1), 解得x=21. 故答案为:21. 17.【解答】解:点C在A的左边,如图, ∵D是AC的中点, ∴AD=AC, ∵BC=2AB, ∴AC=AB, ∴AD=AB, ∴BD=ABAB=6, ∴AB=4; C在A的右边, ∵且BC=2AB, ∴AC=3AB, ∵D是AC的中点, ∴AD=AC=AB, ∴BD=AD﹣AB=AB=6, ∴AB=12, 综上所述,AB的长为4或12, 故答案为:4或12. 18.【解答】解:∵1+2+3+…+n=, ∴==2(﹣), ∴x+++……+=2x(1﹣+﹣+﹣+…+﹣)=2x(1﹣)=x=2019, ∴x=, 故答案为. 三、解答题(本大题共9小题,共96分.请在答题开指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 19.【解答】解:(1)(+﹣)÷ =(+﹣)×24 =6+9﹣14 =1; (2)(﹣1)2020×|1|﹣(0.5)÷(﹣) =1×﹣×(﹣3) =+ =3. 20.【解答】解:(1)移项合并得:2x=2, 解得:x=1; (2)去分母得:4x+6=x, 移项合并得:3x=﹣6, 解得:x=﹣2; (3)去括号得:5x﹣3=2x﹣24, 移项合并得:3x=﹣21, 解得:x=﹣7; (4)去分母得:3x﹣1﹣2(5x+8)=4, 去括号得:3x﹣1﹣10x﹣16=4, 移项合并得:﹣7x=21, 解得:x=﹣3. 21.【解答】解:由题意得,a+1=0,b+2=0, 解得,a=﹣1,b=﹣2, 2a﹣3b+[4a﹣(3a﹣b)] =2a﹣3b+[4a﹣3a+b] =2a﹣3b+4a﹣3a+b =3a﹣2b, 当a=﹣1,b=﹣2时,原式=3×(﹣1)﹣2×(﹣2)=﹣3+4=1. 22.【解答】解:(1)∵点D为线段AB的中点,AB=6, ∴BD=AB=3, ∵CD=1, ∴BC=BD﹣CD=3﹣1=2; (2)∵点D为线段AB的中点,AB=6, ∴AD=AB=3, ∵CD=1, ∴AC=AD+CD=4, ∵AE:EC=1:3, ∴EC=×4=3. 23.【解答】证明:∵OE∥AC ∴∠A=∠1(两直线平行同位角相等) ∵OE平分∠BOC ∴∠1=∠2(角平分线的定义) 又∵∠A=∠D(已知) ∴∠D=∠2(等量代换) ∴OE∥BD(同位角相等两直线平行) ∴AC∥BD(平行于同一直线的两条直线平行) 24.【解答】解:(1)A、C两站之间的距离AC=a﹣b+2a﹣b=3a﹣2b; (2)CD=(a﹣2b﹣1)﹣(2a﹣b)=a﹣b﹣1, ∵3a﹣2b=90km, ∴a﹣b=45km, ∴CD=45﹣1=44(km). 答:C、D两站之间的距离CD是44km. 25.【解答】解:(1)∵AB∥CD,∠B=20°, ∴∠DFB=20°, ∵FH⊥FB, ∴∠BFH=90°, ∴∠DFH=90°﹣∠DFB=70°; (2)证明:∵AB∥CD, ∴∠DFB=∠B, ∵∠EFB=∠DFB, ∵∠DFB+∠DFH=90°, ∴∠EFB+∠GFH=90°, ∴∠GFH=∠DFH, ∴FH平分∠GFD; (3)∵AB∥CD, ∴∠CFB+∠B=180°, ∵∠EFB=∠B,∠CFE:∠B=4:1, ∴∠EFB=30°, ∴∠GFH=90°﹣30°=60°. 故答案为:60°. 26.【解答】解:(1)由题意得, 应付车费=1.8×6+0.8×10=18.8(元)>14元, 答:应付车费18.8元; (2)由题意得,1.5×2+0.8×12=12.6(元)<14元, ∴应付车费=14元, 答:应付车费14元; (3)根据题意得,他应付车费=1.5×a+0.8×15+0.8×b+0.8×10=(元). 答:他应付车费()元. 27.【解答】解:(1)∵﹣5x+2与﹣2x+5的其中一个式子的一次项系数不是另一个式子的常数项, ∴它们不互为“田家炳式”, 故答案为:不是; (2)①∵式子ax+b的“田家炳式”是3x﹣4, ∴a=﹣4,b=3, ∵|x+a|+|x+b|=7, ∴|x﹣4|+|x+3|=7, 当x<﹣3时,4﹣x﹣x﹣3=7,解得x=﹣3(舍去); 当﹣3≤x≤4时,4﹣x+x+3=7,解得,x为﹣3≤x≤4中任意一个数; 当x>4时,x﹣4+x+3=7,解得x=4(舍去). 综上,﹣3≤x≤4. 故答案为:﹣3≤x≤4. ②∵PA+PB=11, ∴当P点在A作左边时,有PA+PA+AB=11,即2PA+7=11,则PA=2,于是P为﹣4﹣2=﹣6; 当P点在A、B之间时,有PA+PB=AB=7≠11,无解; 当P点在B点右边时,有2PB+AB=11,则PB=2,于是P为3+2=5, 综上,点P在数轴上所对应的数是﹣6或5; (3)①设A点运动的速度为x个单位/秒, ∵A点的速度是B点速度的2倍,且3秒后,2OA=OB 当点A在原点左边时,有2(4﹣3x)=3+3×x,解得,x= 当点A在原点右边时,有2(3x﹣4)=3+3×x,解得,x=, ∴点A的速度为个单位/秒或个单位/秒; ②由题意可知,当M点在AB的中点与B之间(包括中点,不包括B点),则存在唯一一点M,使得MA﹣MB=m, 此时0<MB≤3.5, ∵m=MA﹣MB=AB﹣MB﹣MB=7﹣2MB, ∴0≤m<7. 故答案为:0≤m<7.

    • 2020-04-04
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